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2021 年安徽省中考数学试卷
一、选择题（本大题共10 小题，每小题4 分，满分40 分）每小题都给出A，B，C，D 四个
选项，其中只有一个是符合题目要求的．
1.
的绝对值是（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】A
【解析】
【分析】利用绝对值的定义直接得出结果即可
【详解】解：
的绝对值是：9
故选:A
【点睛】本题考查绝对值的定义，正确理解定义是关键，熟记负数的绝对值是它的相反数是重点
2. 《2020 年国民经济和社会发展统计公报》显示，2020 年我国共资助8990 万人参加基本医疗保险．其中
8990 万用科学记数法表示为（ ）
A. 89.9×106
B. 8.99×107
C. 8.99×108
D. 0.899×109
【答案】B
【解析】
【分析】将8990 万还原为89900000 后，直接利用科学记数法的定义即可求解．
【详解】解：8990 万=89900000=
，
故选B．
【点睛】本题考查了科学记数法的定义及其应用，解决本题的关键是牢记其概念和公式，本题易错点是含
有单位“万”，学生在转化时容易出现错误．
3. 计算
的结果是（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】
【分析】利用同底数幂的乘法法则计算即可
【详解】解：
故选：D
【点睛】本题考查同底数幂的乘法法则，正确使用同底数幂相乘，底数不变，指数相加是关键
4. 几何体的三视图如图所示，这个几何体是（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据三视图，该几何体的主视图可确定该几何体的形状，据此求解即可．
【详解】解：根据A，B，C，D 三个选项的物体的主视图可知，与题图有吻合的只有C 选项，
故选：C．
【点睛】本题考查了由三视图判断几何体的知识，熟练掌握三视图并能灵活运用，是解题的关键．
5. 两个直角三角板如图摆放，其中
，
，
，AB 与DF 交于点
M．若
，则
的大小为（ ）
A.
B.
C.
D.
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2
【答案】C
【解析】
【分析】根据
，可得
再根据三角形内角和即可得出答案．
【详解】由图可得
∵
，
∴
∴
故选：C．
【点睛】本题考查了平行线的性质和三角形的内角和，掌握平行线的性质和三角形的内角和是解题的关键．
6. 某品牌鞋子
长度ycm 与鞋子的“码”数x 之间满足一次函数关系．若22 码鞋子的长度为16cm，44 码
鞋子的长度为27cm，则38 码鞋子的长度为（ ）
A. 23cm
B. 24cm
C. 25cm
D. 26cm
【答案】B
【解析】
【分析】设
，分别将
和
代入求出一次函数解析式，把
代入即可求解．
【详解】解：设
，分别将
和
代入可得：
，
解得
，
∴
，
当
时，
，
故选：B．
【点睛】本题考查一次函数的应用，掌握用待定系数法求解析式是解题的关键．
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3
7. 设a，b，c 为互不相等的实数，且
，则下列结论正确的是（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】
【分析】举反例可判断A 和B，将式子整理可判断C 和D．
【详解】解：A．当
，
，
时，
，故A 错误；
B．当
，
，
时，
，故B 错误；
C．
整理可得
，故C 错误；
D．
整理可得
，故D 正确；
故选：D．
【点睛】本题考查等式的性质，掌握等式的性质是解题的关键．
8. 如图，在菱形ABCD 中，
，
，过菱形ABCD 的对称中心O 分别作边AB，BC 的垂线，
交各边于点E，F，G，H，则四边形EFGH 的周长为（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】A
【解析】
【分析】依次求出OE=OF=OG=OH，利用勾股定理得出EF 和OE 的长，即可求出该四边形的周长．
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4
【详解】∵HF⊥BC,EG⊥AB,
∴∠BEO=∠BFO=90°，
∵∠A=120°，
∴∠B=60°，
∴∠EOF=120°，∠EOH=60°，
由菱形的对边平行，得HF⊥AD,EG⊥CD，
因为O 点是菱形ABCD 的对称中心，
∴O 点到各边的距离相等，即OE=OF=OG=OH，
∴∠OEF=∠OFE=30°，∠OEH=∠OHE=60°，
∴∠HEF=∠EFG=∠FGH=∠EHG=90°，
所以四边形EFGH 是矩形；
设OE=OF=OG=OH=x，
∴EG=HF=2x，
，
如图，连接AC，则AC 经过点O，
可得三角形ABC 是等边三角形，
∴∠BAC=60°，AC=AB=2,
∴OA=1,∠AOE=30°，
∴AE=
，
∴x=OE=
∴四边形EFGH 的周长为EF+FG+GH+HE=
,
故选A．
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5
【点睛】本题考查了菱形的性质、矩形的判定与性质、等边三角形的判定与性质、勾股定理、直角三角形
的性质等内容，要求学生在理解相关概念的基础上学会应用，能分析并综合运用相关条件完成线段关系的
转换，考查了学生的综合分析与应用的能力．
9. 如图在三条横线和三条竖线组成的图形中，任选两条横线和两条竖线都可以图成一个矩形，从这些矩形
中任选一个，则所选矩形含点A 的概率是（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】
【分析】根据题意两条横线和两条竖线都可以组成矩形个数，再得出含点A 矩形个数，进而利用概率公式
求出即可．
【详解】解：两条横线和两条竖线都可以组成一个矩形，
则如图的三条横线和三条竖线组成可以9 个矩形，其中含点A 矩形4 个，
∴所选矩形含点A 的概率是
故选：D
【点睛】本题考查概率的求法，考查古典概型、列举法等基础知识，考查运算求解能力，是基础题．
10. 在
中，
，分别过点B，C 作
平分线的垂线，垂足分别为点D，E，BC 的中
点是M，连接CD，MD，ME．则下列结论错误的是（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】A
【解析】
【分析】设AD、BC 交于点H，作
于点F，连接EF．延长AC 与BD 并交于点G．由题意易证
，从而证明ME 为
中位线，即
，故判断B 正确；又易证
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，从而证明D 为BG 中点．即利用直角三角形斜边中线等于斜边一半即可求出
，故判断C 正确；由
、
和
可证明
．再由
、
和
可推出
，即推出
，即
，故判断D 正确；假设
，可推出
，即可推出
．由于无法确定
的大小，故
不一定成立，故可判断A 错误．
【详解】如图，设AD、BC 交于点H，作
于点F，连接EF．延长AC 与BD 并交于点G．
∵AD 是
的平分线，
，
，
∴HC=HF，
∴AF=AC．
∴在
和
中，
，
∴
，
∴
，∠AEC=∠AEF=90°，
∴C、E、F 三点共线，
∴点E 为CF 中点．
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7
∵M 为BC 中点，
∴ME 为
中位线，
∴
，故B 正确，不符合题意；
∵在
和
中，
，
∴
，
∴
，即D 为BG 中点．
∵在
中，
，
∴
，
∴
，故C 正确，不符合题意；
∵
，
，
，
∴
．
∵
，
，
∴
，
∴
．
∵AD 是
的平分线，
∴
．
∵
，
∴
，
∴
，
∴
，故D 正确，不符合题意；
∵假设
，
∴
，
∴在
中，
．
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8
∵无法确定
的大小，故原假设不一定成立，故A 错误，符合题意．
故选A．
【点睛】本题考查角平分线的性质，三角形全等的判定和性质，直角三角形的性质，三角形中位线的判定
和性质以及含
角的直角三角形的性质等知识，较难．正确的作出辅助线是解答本题的关键．
二、填空题（本大题共4 小题，每小题5 分，满分20 分）
11. 计算：
______．
【答案】3
【解析】
【分析】先算算术平方根以及零指数幂，再算加法，即可．
【详解】解：
，
故答案为3．
【点睛】本题主要考查实数的混合运算，掌握算术平方根以及零指数幂是解题的关键．
12. 埃及胡夫金字塔是古代世界建筑奇迹之一，其底面是正方形，侧面是全等的等腰三角形，底面正方形
的边长与侧面等腰三角形底边上的高的比值是
，它介于整数
和
之间，则
的值是______．
【答案】1
【解析】
【分析】先估算出
，再估算出
即可完成求解．
【详解】解：∵
；
∴
；
因为1.236 介于整数1 和2 之间，
所以
;
故答案为：1．
【点睛】本题考查了对算术平方根取值的估算，要求学生牢记
的近似值或者能正确估算出
的整数
部分即可；该题题干前半部分涉及到数学文化，后半部分为解题的要点，考查了学生的读题、审题等能力．
13. 如图，圆O 的半径为1，
内接于圆O．若
，
，则
______．
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9
【答案】
【解析】
【分析】先根据圆的半径相等及圆周角定理得出∠ABO=45°，再根据垂径定理构造直角三角形，利用锐
角三角函数解直角三角形即可
【详解】解：连接OB、OC、作OD⊥AB
∵
∴∠BOC=2∠A=120°
∵OB=OC
∴∠OBC=30°又
∴∠ABO=45°
在Rt△OBD 中，OB=1
∴BD=COS45°×1=
∵OD⊥AB
∴BD=AD=
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10
∴AB=
故答案为：
【点睛】本题考查垂径定理、圆周角定理、特殊角锐角三角函数、正确使用圆的性质及定理是解题关键
14. 设抛物线
，其中a 为实数．
（1）若抛物线经过点
，则
______；
（2）将抛物线
向上平移2 个单位，所得抛物线顶点的纵坐标的最大值是______．
【答案】 (1). 0 (2). 2
【解析】
【分析】（1）直接将点
代入计算即可
（2）先根据平移得出新的抛物线的解析式，再根据抛物线顶点坐标得出顶点坐标的纵坐标，再通过配方
得出最值
【详解】解：（1）将
代入
得：
故答案为：0
（2）根据题意可得新的函数解析式为：
由抛物线顶点坐标
得新抛物线顶点的纵坐标为：
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∵
∴当a=1 时，
有最大值为8，
∴所得抛物线顶点的纵坐标的最大值是
故答案为：2
【点睛】本题考查将抛物线的顶点坐标、将点代入代入函数解析式、利用配方法求最值是常用的方法
三、（本大题共2 小题，每小题8 分，满分16 分）
15. 解不等式：
．
【答案】
【解析】
【分析】利用去分母、去括号、移项、合并同类项、系数化为1 即可解答．
【详解】
，
，
，
，
．
【点睛】本题考查了一元一次不等式的解法，熟练运用一元一次不等式的解法是解决问题的关键．
16. 如图，在每个小正方形的边长为1 个单位的网格中，
的顶点均在格点（网格线的交点）上．
（1）将
向右平移5 个单位得到
，画出
；
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12
（2）将（1）中的
绕点C1 逆时针旋转
得到
，画出
．
【答案】（1）作图见解析；（2）作图见解析．
【解析】
【分析】（1）利用点平移的规律找出
、
、
，然后描点即可；
（2）利用网格特点和旋转的性质画出点
，
即可．
【详解】解：（1）如下图所示，
为所求；
（2）如下图所示，
为所求；
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【点睛】本题考查了平移作图和旋转作图，熟悉相关性质是解题的关键．
四、（本大题共2 小题，每小题8 分，满分16 分）
17. 学生到工厂劳动实践，学习制作机械零件．零件的截面如图阴影部分所示，已知四边形AEFD 为矩形，
点B、C 分别在EF、DF 上，
，
，
，
．求零件的截面面
积．参考数据：
，
．
【答案】53.76cm2
【解析】
【分析】首先证明
，通过解
和
，求出AE，BE，CF，BF，再
根据
计算求解即可．
【详解】解：如图，
四边形AEFD 为矩形，
，
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14
∴EF//AB，
∵
，
∴
，
∵
∴
在
中，
．
又
同理可得
，
答：零件的截面面积为53.76cm2
【点睛】此题主要考查了解直角三角形，通过解
和
，求出AE，BE，CF，BF 的长是
解答此题的关键．
18. 某矩形人行道由相同的灰色正方形地砖与相同的白色等腰直角三角形地砖排列而成，图1 表示此人行
道的地砖排列方式，其中正方形地砖为连续排列．
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15
[观察思考]
当正方形地砖只有1 块时，等腰直角三角形地砖有6 块（如图2）；当正方形地砖有2 块时，等腰直角三角
形地砖有8 块（如图3）；以此类推，
[规律总结]
（1）若人行道上每增加1 块正方形地砖，则等腰直角三角形地砖增加 块；
（2）若一条这样的人行道一共有n（n 为正整数）块正方形地砖，则等腰直角三角形地砖的块数为 （用含
n 的代数式表示）．
[问题解决]
（3）现有2021 块等腰直角三角形地砖，若按此规律再建一条人行道，要求等腰直角三角形地砖剩余最少，
则需要正方形地砖多少块？
【答案】（1）2 ；（2）
；（3）1008 块
【解析】
【分析】（1）由图观察即可；
（2）由每增加一块正方形地砖，即增加2 块等腰直角三角形地砖，再结合题干中的条件正方形地砖只有1
块时，等腰直角三角形地砖有6 块，递推即可；
（3）利用上一小题得到的公式建立方程，即可得到等腰直角三角形地砖剩余最少时需要正方形地砖的数
量．
【详解】解：（1）由图可知，每增加一块正方形地砖，即增加2 块等腰直角三角形地砖；
故答案为：2 ；
（2）由（1）可知，每增加一块正方形地砖，即增加2 块等腰直角三角形地砖；
当正方形地砖只有1 块时，等腰直角三角形地砖有6 块，即2+4；
所以当地砖有n 块时，等腰直角三角形地砖有（
）块；
故答案为：
；
（3）令
则
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16
当
时，
此时，剩下一块等腰直角三角形地砖
需要正方形地砖1008 块．
【点睛】本题为图形规律题，涉及到了一元一次方程、列代数式以及代数式的应用等，考查了学生的观察、
发现、归纳以及应用的能力，解题的关键是发现规律，并能列代数式表示其中的规律等．
五、（本大题共2 小题，每小题10 分，满分20 分）
19. 已知正比例函数
与反比例函数
的图象都经过点A（m，2）．
（1）求k，m 的值；
（2）在图中画出正比例函数
的图象，并根据图象，写出正比例函数值大于反比例函数值时x 的取值
范围．
【答案】（1）
的值分别是
和3；（2）
或
【解析】
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17
【分析】（1）把点A（m，2）代入
求得m 的值，从而得点A 的坐标，再代入
求得k
值即可；
（2）在坐标系中画出
的图象，根据正比例函数
的图象与反比例函数
图象的两
个交点坐标关于原点对称，求得另一个交点的坐标，观察图象即可解答．
【详解】（1）将
代入
得
，
，
，
将
代入
得
，
，
的值分别是
和3．
（2）正比例函数
的图象如图所示，
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∵正比例函数
与反比例函数
的图象都经过点A（3，2），
∴正比例函数
与反比例函数
的图象的另一个交点坐标为（-3，-2），
由图可知：正比例函数值大于反比例函数值时x 的取值范围为
或
．
【点睛】本题是正比例函数与反比例函数的综合题，利用数形结合思想是解决问题的关键．
20. 如图，圆O 中两条互相垂直的弦AB，CD 交于点E．
（1）M 是CD
中点，OM＝3，CD＝12，求圆O 的半径长；
（2）点F 在CD 上，且CE＝EF，求证：
．
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19
【答案】（1）
；（2）见解析．
【解析】
【分析】（1）根据M 是CD 的中点，OM 与圆O 直径共线可得
，
平分 CD，则有
，
利用勾股定理可求得半径的长；
（2）连接AC，延长AF 交BD 于G，根据
，
，可得
，
，利用圆
周角定理可得
，可得
，利用直角三角形的两锐角互余，可证得
，即有
．
详解】（1）解：连接OC，
∵M 是CD 的中点，OM 与圆O 直径共线
∴
，
平分CD，
．
在
中．
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20
∴圆O 的半径为
（2）证明：连接AC，延长AF 交BD 于G．
，
又
在
中
【点睛】本题考查了垂径定理，圆周角定理，直角三角形的两锐角互余，勾股定理等知识点，熟练应用相
关知识点是解题的关键．
六、（本题满分12 分）
21. 为了解全市居民用户用电情况，某部门从居民用户中随机抽取100 户进行月用电量（单位：kW•h）调
查，按月用电量50～100，100～150，150～200，200～250，250～300，300～350 进行分组，绘制频数分
布直方图如下：
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21
（1）求频数分布直方图中x 的值；
（2）判断这100 户居民用户月用电量数据的中位数在哪一组（直接写出结果）；
（3）设各组居民用户月平均用电量如表：
组别
50～100
100～150
150～200
200～250
250～300
300～350
月平均用电量（单位：kW•h）
75
125
175
225
275
325
根据上述信息，估计该市居民用户月用电量的平均数．
【答案】（1）22；（2）
；（3）
【解析】
【分析】（1）利用100 减去其它各组
频数即可求解；
（2）中位数是第50 和51 两个数的平均数，第50 和51 两个数都位于月用电量150～200 的范围内，由此
即可解答；
（3）利用加权平均数的计算公式即可解答．
【详解】（1）
（2）∵中位数是第50 和51 两个数的平均数，第50 和51 两个数都位于月用电量150～200 的范围内，
∴这100 户居民用户月用电量数据的中位数在月用电量150～200 的范围内；
（3）设月用电量为y，
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22
答：该市居民用户月用电量的平均数约为
．
【点睛】本题考查了频数分布直方图、中位数及加权平均数的知识，正确识图，熟练运用中位数及加权平
均数的计算方法是解决问题的关键．
七、（本题满分12 分）
22. 已知抛物线
的对称轴为直线
．
（1）求a 的值；
（2）若点M（x1，y1），N（x2，y2）都在此抛物线上，且
，
．比较y1与y2
大小，并
说明理由；
（3）设直线
与抛物线
交于点A、B，与抛物线
交于点C，D，
求线段AB 与线段CD 的长度之比．
【答案】（1）
；（2）
，见解析；（3）
【解析】
【分析】（1）根据对称轴
，代值计算即可
（2）根据二次函数的增减性分析即可得出结果
（3）先根据求根公式计算出
，再表示出
，
=
，即可得出结论
【详解】解：（1）由题意得：
（2）
抛物线对称轴为直线
，且
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23
当
时，y 随x 的增大而减小，
当
时，y 随x 的增大而增大．
当
时，y1随x1的增大而减小，
时，
，
时，
同理：
时，y2随x2的增大而增大
时，
．
时，
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24
（3）令
令
AB 与CD 的比值为
【点睛】本题考查二次函数的图像性质、二次函数的解析式、对称轴、函数的交点、正确理解二次函数的
性质是关键，利用交点的特点解题是重点
八、（本题满分14 分）
23. 如图1，在四边形ABCD 中，
，点E 在边BC 上，且
，
，作
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交线段AE 于点F，连接BF．
（1）求证：
；
（2）如图2，若
，
，
，求BE 的长；
（3）如图3，若BF 的延长线经过AD 的中点M，求
的值．
【答案】（1）见解析；（2）6；（3）
【解析】
【分析】（1 ）根据平行线的性质及已知条件易证
，
，即可得
，
；再证四边形AFCD 是平行四边形即可得
，所以
，根据SAS
即可证得
；
（2）证明
，利用相似三角形的性质即可求解；
（3）延长BM、ED 交于点G．易证
，可得
；设
，
，
，由此可得
，
；再证明
，根据全等三角
形的性质可得
．证明
，根据相似三角形的性质可得
，即
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，解方程求得x 的值，继而求得
的值．
【详解】（1）证明：
，
；
，
，
，
，
，
，
，
，
，
，
四边形AFCD 是平行四边形
在
与
中．
，
（2）
，
，
在
中，
，
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，
，
又
，
，
，
在
与
中．
，
；
；
，
；
，
；
，
，
或
（舍）；
（3）延长BM、ED 交于点G．
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28
与
均为等腰三角形，
，
，
，
设
，
，
，
则
，
，
，
，
；
在
与
中，
，
；
．
；
，
，
，
，
，
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，
，
，
（舍），
，
．
【点睛】本题是三角形综合题，考查了全等三角形的性质及判定、相似三角形的性质及判定，熟练判定三
角形全等及相似是解决问题的关键．
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