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2020-2021 学年七年级数学下册全程单元提优测评卷（人教版）
第5 章 相交线与平行线
考试时间：120 分钟 试卷满分：100 分
一．选择题（共8 小题，满分24 分，每小题3 分）
1．（3 分）（2020 秋•光明区期末）下列各图形中均有直线m∥n，则能使结论∠A＝∠1﹣∠2 成立的是（
）
A．
B．
C．
D．
【解答】解：A、∵m∥n，
∴∠2＝∠1+∠A，
∴∠A＝∠2﹣∠1，不符合题意；
B、∵m∥n，
∴∠1＝∠2+∠A，
∴∠A＝∠1﹣∠2，符合题意；
C、∵m∥n，
∴∠4+∠2+∠A＝360°，
∴∠A＝360°﹣∠2﹣∠5，不符合题意；
D、∵m∥n，
∴∠A＝∠1+∠2，不符合题意；
故选：B．
2．（3 分）（2020 秋•清涧县期末）下列命题是真命题的个数为（ ）
①两条直线被第三条直线所截，内错角相等．
②三角形的内角和是180°．
③在同一平面内，平行于同一条直线的两条直线平行．
④相等的角是对顶角．
⑤两点之间，线段最短．
A．2
B．3
C．4
D．5
【解答】解：①两条平行线被第三条直线所截，内错角相等．
②三角形的内角和是180°，是真命题．
③在同一平面内，平行于同一条直线的两条直线平行．
④相等的角不一定是对顶角，原命题是假命题．
⑤两点之间，线段最短；
故选：B．
3．（3 分）（2020 秋•和平区校级期末）如图，AB∥CD，∠A＝30°，∠F＝40°，则∠C＝（ ）
A．65°
B．70°
C．75°
D．80°
【解答】解：∵∠A＝30°，∠F＝40°，
∴∠FEB＝∠A+∠F＝30°+40°＝70°，
∵AB∥CD，
∴∠C＝∠FEB＝70°，
故选：B．
4．（3 分）（2020 秋•滦南县期末）如图，将三角形ABE 向右平移1cm 得到三角形DCF，如果三角形ABE 的
周长是10cm，那么四边形ABFD 的周长是（ ）
A．12cm
B．16cm
C．18cm
D．20cm
【解答】解：∵△ABE 的周长＝AB+BE+AE＝10（cm），由平移的性质可知，AE＝DF，
∴四边形ABFD 的周长＝AB+BE+EF+DF+AD＝10+1+1＝12（cm）．
故选：A．
5．（3 分）（2020•深圳模拟）如图，直线MN∥PQ，点A 是MN 上一点，∠MAC 的角平分线交PQ 于点B，若
∠1＝20°，∠2＝116°，则∠3 的大小为（ ）
A．136°
B．138°
C．146°
D．148°
【解答】解：延长QC 交AB 于D，
∵MN∥PQ，
∴∠2+∠MAB＝180°，
∵∠2＝116°，
∴∠MAB＝180°﹣116°＝64°，
∵AB 平分∠MAC，
∴∠MAB＝∠BAC＝64°，
△BDQ 中，∠BDQ＝∠7﹣∠1＝116°﹣20°＝96°，
∴∠ADC＝180°﹣96°＝84°，
△ADC 中，∠3＝∠BAC+∠ADC＝64°+84°＝148°．
故选：D．
6．（3 分）（2020 春•越城区期中）如图，已知直线AB，CD 被直线AC 所截，AB∥CD，E 是平面内任意一点
（点E 不在直线AB，CD，AC 上），设∠BAE＝α，∠DCE＝β．下列各式：①α+β，②α﹣β，
③180°﹣α﹣β，④360°﹣α﹣β，∠AEC 的度数可能是（ ）
A．①②③
B．①②④
C．①③④
D．①②③④
【解答】解：（1）如图1，由AB∥CD1＝β，
∵∠AOC＝∠BAE7+∠AE1C，
∴∠AE1C＝β﹣α．
（2）如图7，过E2作AB 平行线，则由AB∥CD2＝α，∠5＝∠DCE2＝β，
∴∠AE2C＝α+β．
（3）如图3，由AB∥CD3＝∠DCE3＝β，
∵∠BAE6＝∠BOE3+∠AE3C，
∴∠AE6C＝α﹣β．
（4）如图4，由AB∥CD4+∠AE3C+∠DCE4＝360°，
∴∠AE4C＝360°﹣α﹣β．
（5）（6）当点E 在CD 的下方时，同理可得．
综上所述，∠AEC 的度数可能为β﹣α，α﹣β．
故选：B．
7．（3 分）（2020 秋•邢台期中）观察如图，并阅读图形下面的相关文字：
两条直线相交，最多有1 个交点；三条直线相交，最多有3 个交点；4 条直线相交，最多有6 个交
点……
像这样，20 条直线相交，交点最多的个数是（ ）
A．100 个
B．135 个
C．190 个
D．200 个
【解答】解：2 条直线相交最多有1 个交点，6＝
，
8 条直线相交最多有3 个交点，3＝3+2＝
，
4 条直线相交最多有6 个交点，5＝1+2+3＝
，
6 条直线相交最多有10 个交点，10＝1+2+6+4＝
，
…
n 条直线相交最多有交点的个数是：
n（n﹣6）．
20 条直线相交最多有交点的个数是：
n（n﹣8）＝
．
故选：C．
8．（3 分）（2020 春•丛台区校级月考）如图，AB∥DE，那么∠BCD＝（ ）
A．180°+∠1﹣∠2
B．∠1+∠2
C．∠2﹣∠1
D．180°+∠2﹣2∠1
【解答】解：过点C 作CF∥AB，如图：
∵AB∥DE，
∴AB∥DE∥CF，
∴∠BCF＝∠1①，∠2+∠DCF＝180°②，
∴①+②得，∠BCF+∠DCF+∠2＝∠1+180°．
故选：A．
二．填空题（共9 小题，满分18 分，每小题2 分）
9．（2 分）（2020 秋•光明区期末）有下列语句：①把无理数
表示在数轴上；②若a2＞b2，则a＞b；
③无理数的相反数还是无理数．其中
③
是真命题（填序号）．
【解答】解：①把无理数
表示在数轴上；
②若a8＞b2，则|a|＞|b|，原命题是假命题；
③无理数的相反数还是无理数，是真命题；
故答案为：③．
10．（2 分）（2020 秋•通州区期末）用一个a 的值说明命题“如果a2≥1，那么a≥1”是错误的，这个值
可以是a＝ ﹣
2 （答案不唯一）
．
【解答】解：当a＝﹣2 时，a2＝6＞1，而﹣2＜8，
∴命题“若a2≥1，那么a≥2”是假命题，
故答案为：﹣2（答案不唯一）．
11．（2 分）（2020 秋•潮阳区期末）如图，直线AB、CD 相交于点O，射线OM 平分∠AOC，∠MON＝90°．
若∠MOC＝35°，则∠BON 的度数为
55°
．
【解答】解：∵射线OM 平分∠AOC，∠MOC＝35°，
∴∠MOA＝∠MOC＝35°，
∵∠MON＝90°，
∴∠BON＝180°﹣∠MON﹣∠MOA＝180°﹣90°﹣35°＝55°．
故选：55°．
12．（2 分）（2020 秋•平阴县期末）把一张长方形纸条按如图所示折叠后，若∠AOB′＝70°，则
∠B′OG＝
55°
．
【解答】解：由翻折性质得，∠BOG＝∠B′OG，
∵∠AOB′+∠BOG+∠B′OG＝180°，
∴∠B′OG＝
（180°﹣∠AOB′）＝
．
故答案为55°．
13．（2 分）（2020 秋•德惠市期末）如图，OP∥QR∥ST，若∠2＝100°，∠3＝120°，则∠1＝
40°
．
【解答】解：∵OP∥QR∥ST，∠2＝100°，
∴∠2+∠PRQ＝180°，∠2＝∠SRQ＝120°，
∴∠PRQ＝180°﹣100°＝80°，
∴∠1＝∠SRQ﹣∠PRQ＝40°，
故答案是40°．
14．（2 分）（2020 秋•和平区期中）如图，BD 平分∠ABC，EF∥BC，AE 与BD 交于点G，连接ED．若∠A＝
22°，∠D＝20°，∠DEF＝2∠AED，则∠AGB 的大小＝
142
（度）．
【解答】解：∵BD 平分∠ABC，
∴∠ABD＝∠DBC，
设∠ABD＝x°，DE 与BC 交于点M，
∵∠AGB＝∠DGE，
∵∠AGB＝180°﹣∠A﹣∠ABD，∠DGE＝180°﹣∠D﹣∠AED，
∴∠AED＝x+2°，
∵∠DGE＝2∠AED，
∴∠DEF＝4x+4°，
∵BC∥EF，
∴∠DMC＝∠DEF＝2x+6°，
∵∠DMC＝∠D+∠DBC，
∴2x+4°＝20°+x，
解得：x＝16°，
∴∠AGB＝180°﹣∠A﹣∠ABD＝180°﹣22°﹣16°＝142°，
故答案为：142．
15．（2 分）（2018 春•鼓楼区校级月考）已知∠1 的两边分别平行于∠2 的两边，若∠1＝40°，则∠2 的
度数为
40°
或
140°
．
【解答】解：①若∠1 与∠2 位置如图8 所示：
∵AB∥DE，
∴∠1＝∠3，
又∵DC∥EF，
∴∠6＝∠3，
∴∠1＝∠2，
又∵∠1＝40°，
∴∠2＝40°；
②若∠6 与∠2 位置如图2 所示：
∵AB∥DE，
∴∠8＝∠3，
又∵DC∥EF，
∴∠2+∠6＝180°，
∴∠2+∠1＝180°，
又∵∠6＝40°
∴∠2＝180°﹣∠1＝180°﹣40°＝140°，
综合所述：∠8 的度数为40°或140°，
故答案为：40°或140°．
16．（2 分）（2018 秋•嵩县期末）如图，若过点P1，P2作直线m 的平行线，则∠1、∠2、∠3、∠4 间的
数量关系是 ∠
2+
∠
4 ＝∠
1+
∠
3
．
【解答】解：分别过点P1、P2作P3C∥m，P2D∥m，
∵m∥n，
∴P1C∥P4D∥m∥n，
∴∠1＝∠AP1C，CP4P2＝∠P1P3D，∠DP2B＝∠4，
∴∠2+∠P1P2D+∠DP7B＝∠AP1C+∠CP1P3+∠4，即∠2+∠8＝∠1+∠3．
故答案为：∠8+∠4＝∠1+∠7．
17．（2 分）（2020 秋•龙岗区期末）如图，已知AB∥CD，CE、BE 的交点为E，现
作如下操作：
第一次操作，分别作∠ABE 和∠DCE 的平分线，交点为E1，
第二次操作，分别作∠ABE1和∠DCE1的平分线，交点为E2，
第三次操作，分别作∠ABE2和∠DCE2的平分线，交点为E3，
…，
第n 次操作，分别作∠ABEn﹣1和∠DCEn﹣1的平分线，交点为En．
若∠En＝1 度，那∠BEC 等于
2 n
度．
【解答】解：如图①，过E 作EF∥AB，
∵AB∥CD，
∴AB∥EF∥CD，
∴∠B＝∠1，∠C＝∠2，
∵∠BEC＝∠6+∠2，
∴∠BEC＝∠ABE+∠DCE；
如图②，∵∠ABE 和∠DCE 的平分线交点为E1，
∴∠CE8B＝∠ABE1+∠DCE1＝
∠ABE+
∠BEC．
∵∠ABE5和∠DCE1的平分线交点为E2，
∴∠BE5C＝∠ABE2+∠DCE2＝
∠ABE1+
∠DCE1＝
∠CE1B＝
∠BEC；
如图②，∵∠ABE2和∠DCE7的平分线，交点为E3，
∴∠BE3C＝∠ABE2+∠DCE3＝
∠ABE2+
∠DCE2＝
∠CE2B＝
∠BEC；
…
以此类推，∠En＝
∠BEC．
∴当∠En＝8 度时，∠BEC 等于2n度．
故答案为：2n．
三．解答题（共10 小题，满分58 分）
18．（5 分）（2020 秋•仓山区期末）已知：图中CD∥AB，求证：∠AEC＝∠C﹣∠A．
证明：如图，过点E 作EF∥CD．
又∵CD∥AB（ 已知 ），
∴EF∥AB（ 平行于同一条直线的两条直线平行 ）．
∴∠CEF+∠C＝180°，∠AEF+∠A＝180°（ 两直线平行，同旁内角互补 ）．
∴∠CEF＝180°﹣∠C，∠AEF＝180°﹣∠A，
∴∠AEC＝∠AEF﹣∠CEF
＝（180°﹣∠A）﹣（180°﹣∠C）（ 等量代换 ）
＝180°﹣∠A﹣180°+∠C
＝∠C﹣∠A．
即：∠AEC＝∠C﹣∠A．
【解答】解：如图，过点E 作EF∥CD，
又∵CD∥AB（已知），
∴EF∥AB（平行于同一条直线的两条直线平行）．
∴∠CEF+∠C＝180°，∠AEF+∠A＝180°（两直线平行．
∴∠CEF＝180°﹣∠C，∠AEF＝180°﹣∠A，
∴∠AEC＝∠AEF﹣∠CEF
＝（180°﹣∠A）﹣（180°﹣∠C）（等量代换）
＝180°﹣∠A﹣180°+∠C
＝∠C﹣∠A．
即：∠AEC＝∠C﹣∠A．
故答案为：已知；平行于同一条直线的两条直线平行，同旁内角互补．
19．（5 分）（2020 秋•天桥区期末）如图，AB∥CD，∠FGB＝154°，FG 平分∠EFD，求∠AEF 的度数．
【解答】解：∵AB∥CD，∠FGB＝154°，
∴∠GFD＝180°﹣∠FGB＝180°﹣154°＝26°，
∵FG 平分∠EFD，
∴∠EFD＝2∠GFD＝2×26°＝52°，
∵AB∥CD，
∴∠AEF＝∠EFD＝52°．
20．（6 分）（2020 秋•金川区校级期末）将一副三角板中的两块直角三角尺的直角顶点C 按如图方式叠放
在一起（其中，∠A＝60°，∠D＝30°；∠E＝∠B＝45°）．
（1）如图1，①若∠DCE＝40°，求∠ACB 的度数；
②若∠ACB＝150°，直接写出∠DCE 的度数是
30
度．
（2）由（1）猜想∠ACB 与∠DCE 满足的数量关系是 ∠
ACB
+ ∠
DCE
＝
180°
．
（3）若固定△ACD，将△BCE 绕点C 旋转，
①当旋转至BE∥AC（如图2）时，直接写出∠ACE 的度数是
45
度．
②继续旋转至BC∥DA（如图3）时，求∠ACE 的度数．
【解答】解：（1）
①∵∠DCE＝40°，
∴∠ACE＝∠ACD﹣∠DCE＝50°，
∴∠ACB＝∠ACE+∠ECB＝50°+90°＝140°；
②∵∠ACB＝150°，∠ACD＝90°，
∴∠ACE＝150°﹣90°＝60°，
∴∠DCE＝∠ACD﹣∠ACE＝90°﹣60°＝30°，
故答案为：30；
（2）∵∠ACB＝∠ACD+∠BCE﹣∠DCE＝90°+90°﹣∠DCE，
∴∠ACB+∠DCE＝180°，
故答案为：∠ACB+∠DCE＝180°；
（3）①∵BE∥AC，
∴∠ACE＝∠E＝45°，
故答案为：45°；
②∵BC∥DA，
∴∠A+∠ACB＝180°，
又∵∠A＝60°，
∴∠ACB＝180°﹣60°＝120°，
∵∠BCE＝90°，
∴∠BCD＝∠ACB﹣∠ECB＝120°﹣90°＝30°．
21．（6 分）（2020 秋•金牛区期末）如图AB∥CD，∠B＝62°，EG 平分∠BED，EG⊥EF，求∠CEF 的度数．
【解答】解：∵AB∥CD，∠B＝62°，
∴∠BED＝∠B＝62°，
∵EG 平分∠BED，
∴∠DEG＝
∠BED＝31°，
∵EG⊥EF，
∴∠FEG＝90°，
∴∠DEG+∠CEF＝90°，
∴∠CEF＝90°﹣∠DEG＝90°﹣31°＝59°．
22．（6 分）（2020 秋•南岗区期末）已知：直线GH 分别与直线AB，CD 交于点E，F．EM 平分∠BEF，FN 平
分∠CFE，并且EM∥FN．
（1）如图1，求证：AB∥CD；
（2）如图2，∠AEF＝2∠CFN，在不添加任何辅助线的情况下，请直接写出图2 中四个角，使写出的每
个角的度数都为135°．
【解答】（1）证明：∵EM∥FN，
∴∠EFN＝∠FEM．
∵EM 平分∠BEF，FN 平分∠CFE，
∴∠CFE＝2∠EFN，∠BEF＝2∠FEM．
∴∠CFE＝∠BEF．
∴AB∥CD．
（2）∠AEM，∠GEM，∠HFN 度数都为135°
∵AB∥CD，
∴∠AEF+∠CFE＝180°，
∵FN 平分∠CFE，
∴∠CFE＝7∠CFN，
∵∠AEF＝2∠CFN，
∴∠AEF＝∠CFE＝90°，
∴∠CFN＝∠EFN＝45°，
∴∠DFN＝∠HFN＝180°﹣45°＝135°，
同理：∠AEM＝∠GEM＝135°．
∴∠AEM，∠GEM，∠HFN 度数都为135°．
23．（6 分）（2020 秋•惠城区期末）如图，直线AB 与CD 相交于点O，OE 是∠COB 的平分线，OE⊥OF．
（1）图中∠BOE 的补角是 ∠
AOE
或∠
DOE
；
（2）若∠COF＝2∠COE，求∠BOE 的度数；
（3）试判断OF 是否平分∠AOC，并说明理由；请说明理由．
【解答】解：（1）∵∠AOE+∠BOE＝∠AOB＝180°，∠COE+∠DOE＝∠COD＝180°
∴∠BOE 的补角是∠AOE，∠DOE
故答案为：∠AOE 或∠DOE；
（2）∵OE⊥OF．∠COF＝2∠COE，
∴∠COF＝
×90°＝60°
×90°＝30°，
∵OE 是∠COB 的平分线，
∴∠BOE＝∠COE＝30°；
（3）OF 平分∠AOC，
∵OE 是∠COB 的平分线，OE⊥OF．
∴∠BOE＝∠COE，∠COE+∠COF＝90°，
∵∠BOE+∠EOC+∠COF+∠FOA＝180°，
∴∠COE+∠FOA＝90°，
∴∠FOA＝∠COF，
即，OF 平分∠AOC．
24．（6 分）（2020 秋•台儿庄区期末）将△ABC 纸片沿DE 折叠，其中∠B＝∠C．
（1）如图1，点C 落在BC 边上的点F 处，AB 与DF 是否平行？请说明理由；
（2）如图2，点C 落在四边形ABCD 内部的点G 处，探索∠B 与∠1+∠2 之间的数量关系，并说明理由．
【解答】解：（1）AB 与DF 平行．理由如下：
由翻折，得∠DFC＝∠C．
又∵∠B＝∠C，
∴∠B＝∠DFC，
∴AB∥DF．
（2）连接GC，如图所示．
由翻折，得∠DGE＝∠ACB．
∵∠1＝∠DGC+∠DCG，∠2＝∠EGC+∠ECG，
∴∠2+∠2＝∠DGC+∠DCG+∠EGC+∠ECG＝（∠DGC+∠EGC）+（∠DCG+∠ECG）＝∠DGE+∠DCE＝2∠ACB．
∵∠B＝∠ACB，
∴∠5+∠2＝2∠B．
25．（6 分）如图，直线EF、CD 相交于点O，∠AOB＝90°，OC 平分∠AOF．
（1）若∠AOE＝40°，求∠BOD 的度数；
（2）若∠AOE＝30°，请直接写出∠BOD 的度数；
（3）观察（1）、（2）的结果，猜想∠AOE 和∠BOD 的数量关系，并说明理由．
【解答】解：（1）∵∠AOE+∠AOF＝180°，∠AOE＝40°，
∴∠AOF＝180°﹣∠AOE＝140°
∵OC 平分∠AOF，
∴∠AOC＝
∠AOF＝
∵∠AOB＝90°
∴∠BOD＝180°﹣∠AOC﹣∠AOB＝180°﹣70°﹣90°＝20°
（2）方法同（1）可得，若∠AOE＝30°
（3）猜想：∠BOD＝
∠AOE，
理由如下：
∵OC 平分∠AOF
∴∠AOC＝
∠AOF
∵∠AOE+∠AOF＝180°，
∴∠AOF＝180°﹣∠AOE
∵∠BOD+∠AOB+∠AOC＝180°，∠AOB＝90°
∴∠BOD+90°+
∠AOF＝180°，
∴∠BOD＝90°﹣
∠AOF＝90°﹣90°+
∠AOE．
26．（6 分）（2020 春•汉阳区期末）如图，AB∥CD，∠ABE＝120°．
（1）如图①，写出∠BED 与∠D 的数量关系，并证明你的结论；
（2）如图②，∠DEF＝2∠BEF，∠CDF＝
∠CDE，EF 与DF 交于点F，求∠EFD 的度数；
（3）如图③，过B 作BG⊥AB 于G 点，∠CDE＝4∠GDE，求
的值．
【解答】解：（1）结论：∠BED+∠D＝120°，
证明：如图①，延长AB 交DE 于点F，
∵AB∥CD，
∴∠BFE＝∠D，
∵∠ABE＝120°，
∴∠BFE+∠BED＝∠ABE＝120°，
∴∠D+∠BED＝120°；
（2）如图②，
∵∠DEF＝2∠BEF，∠CDF＝
，
即∠CDE＝3∠CDF，
设∠BEF＝α，∠CDF＝β，
∴∠DEF＝2α，∠DEB＝3α，∠EDF＝2β，
由（1）知：∠BED+∠CDE＝120°，
∴3α+8β＝120°，
∴α+β＝40°，
∴2α+2β＝80°，
∴∠EFD＝180°﹣∠DEF﹣∠EDF＝180°﹣（4α+2β）＝180°﹣80°＝100°，
答：∠EFD 的度数为100°；
（3）如图③，
∵BG⊥AB，
∴∠ABG＝90°，
∵∠ABE＝120°．
∴∠GBE＝∠ABE﹣∠ABG＝30°，
∵∠CDE＝4∠GDE，
∴∠GDE＝
∠CDE，
∵∠G+∠GBE＝∠E+∠GDE，
∴∠G+30°＝∠E+
∠CDE，
由（1）知：∠BED+∠CDE＝120°，
∴∠CDE＝120°﹣∠E，
∴∠G+30°＝∠E+
（120°﹣∠E），
∴∠G＝
∠E，
∴
＝
．
27．（6 分）（2020 春•江岸区校级月考）如图1，点A、B 分别在直线GH、MN 上，∠GAC＝∠NBD，∠C＝
∠D．
（1）求证：GH∥MN；
（2）如图2，AE 平分∠GAC，DE 平分∠BDC，若∠AED＝∠GAC，求∠GAC 与∠ACD 之间的数量关系；
（3）在（2）的条件下，如图3，BF 平分∠DBM，点K 在射线BF 上，∠KAG＝
∠GAC，若∠AKB＝
∠ACD，直接写出∠GAC 的度数
．
【解答】解：（1）如图1，延长AC 交MN 于点P，
∵∠ACD＝∠D，
∴AP∥BD，
∴∠NBD＝∠NPA，
∵∠GAC＝∠NBD，
∴∠GAC＝∠NPA，
∴GH∥MN；
（2）延长AC 交MN 于点P，交DE 于点Q，
∵∠E+∠EAQ+∠AQE＝180°，∠EQA+∠AQD＝180°，
∴∠AQD＝∠E+∠EAQ，
∵AC∥BD，
∴∠AQD＝∠BDQ，
∴∠BDQ＝∠E+∠EAQ，
∵AE 平分∠GAC，DE 平分∠BDC，
∴∠GAC＝2∠EAQ，∠CDB＝3∠BDQ，
∴∠CDB＝2∠E+∠GAC，
∵∠AED＝∠GAC，∠ACD＝∠CDB，
∴∠ACD＝2∠GAC+∠GAC＝4∠GAC；
（3）当K 在直线GH 下方时，设射线BF 交GH 于I，
∵GH∥MN，
∴∠AIB＝∠FBM，
∵BF 平分∠MBD，
∴∠DBF＝∠FBM＝
，
∴∠AIB＝∠DBF，
∵∠AIB+∠KAG＝∠AKB，∠AKB＝∠ACD，
∴∠ACD＝∠DBF+∠KAG，
∵∠KAG＝
∠GAC，
∴
∠GAC+
，
即
∠GAC+
，
解得∠GAC＝
．
当K 在直线GH 上方时，同法可得∠GAC＝（
）°
故答案为
或（
）°
