文档文本内容
24.1 圆的有关性质
【提升训练】
一、单选题
1．筒车是我国古代发明的一种水利灌溉工具，明朝科学家徐光启在《农政全书》中用图画描绘了筒车的
工作原理，如图1，筒车盛水桶的运行轨道是以轴心
为圆心的圆，如图2，已知圆心
在水面上方，且
被水面截得的弦
长为6 米，
半径长为4 米．若点
为运行轨道的最低点，则点
到弦
所
在直线的距离是（ ）
A．1 米
B．
米
C．2 米
D．
米
【答案】B
【分析】
连接OC 交AB 于D，根据圆的性质和垂径定理可知OC⊥AB，AD=BD=3，根据勾股定理求得OD 的长，由
CD=OC﹣OD 即可求解．
【详解】
解：根据题意和圆的性质知点C 为
的中点，
连接OC 交AB 于D，则OC⊥AB，AD=BD=
AB=3，
在Rt△OAD 中，OA=4，AD=3，
∴OD=
=
=
，
∴CD=OC﹣OD=4﹣
，
即点
到弦
所在直线的距离是（4﹣
）米，
故选：B．
【点睛】
本题考查圆的性质、垂径定理、勾股定理，熟练掌握垂径定理是解答的关键．
2．如图，
为圆O 的直径，且AB=8，C 为圆上任意一点，连接
、
，以
为边作等边三角形
，以
为边作正方形
，连接
．若
为a，
为b，
为c，则下列关系式成立的
是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】D
【分析】
延长DC，过E 作DC 延长线的垂线，垂足为M，在△ECM 中，分别表示出EM 和CM，得到DM，在
△DEM 中，利用勾股定理得到
，结合直径AB=8 即可得到结果．
【详解】
解：延长DC，过E 作DC 延长线的垂线，垂足为M，
∵AB 为圆O 的直径，
∴∠ACB=90°，
∵四边形BCEF 为正方形，
∴∠BCE=90°，即A，C，E 三点共线，
∵△ACD 为正三角形，
∴∠ACD=60°，
∴∠ECM=60°，
在△ECM 中，
EM=EC·sin60°=
b，
CM=EC·sin30°=
b，
∴DM=DC+CM=a+
b，
在△DEM 中，
，
∴
，
整理可得：
，
∵AB=8，
∴
，
∴
，
故选D．
【点睛】
本题考查了等边三角形的性质，正方形的性质，三角函数的定义，勾股定理，圆周角定理，解题的关键是
作出辅助线，得到a，b，c 的关系式
．
3．在《几何原本》中，记载了一种将长方形化为等面积正方形的方法：如图，延长长方形
的边
到E，使
，以
为直径作
，延长
交
于点H，则
，则以
为边的正方形
的面积等于长方形
的面积．若
，点E 是
中点，则
的长为（
）
A．2
B．3
C．4
D．5
【答案】A
【分析】
先根据正方形的性质可得
，设
，从而可得
，
，再代
入
可得一个关于
的一元二次方程，解方程即可得．
【详解】
解：
四边形
是正方形，
，
点
是
中点，
，
设
，则
，
，
，
由同圆半径相等得：
，
，
，
，
解得
或
（不符题意，舍去），
则
，
故选：A．
【点睛】
本题考查了同圆半径相等、正方形的性质、一元二次方程的应用等知识点，熟练掌握同圆半径相等是解题
关键．
4．如图，
与
是
的两条互相垂直的弦，交点为点
，
，点
在圆上，则
的度数为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【分析】
利用垂直的定义和圆周角定理解答即可．
【详解】
解：∵
，
∴
，
∵
，
∴
，
故选：B．
【点睛】
本题主要考查了圆周角定理，解答此题的关键是掌握在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都
等于这条弧所对的圆心角的一半．
5．下列命题是真命题的是（ ）
A．同弧所对的圆心角相等
B．对角线互相垂直的四边形是菱形
C．二次函数
的图象与坐标轴有两个交点
D．若
，则
【答案】C
【分析】
利用圆心角的知识、菱形的判定、二次函数的图像与性质及不等式的性质分别判断后即可确定正确的选项．
【详解】
解：A、在圆中，同一条弧对的圆心角只有一个，因此A 选项说法有问题，是假命题；
B、对角线互相垂直的平行四边形是菱形，故B 选项是假命题；
C、∵二次函数
中
，
∴图象与坐标轴有两个交点，
故C 选项是真命题，符合题意；
D、当
、b=-1 时，满足
，但
，故D 选项是假命题，
故选：C．
【点睛】
本题考查了命题与定理的知识，解题的关键是了解圆心角，菱形的判定方法，二次函数的图象与性质以及
不等式的性质.
6．如图，在
中，
，
，
，以点
为圆心，
为半径的圆与
相交于点
，则
的长为（ ）
A．2
B．
C．3
D．
【答案】C
【分析】
过C 点作CH⊥AB 于H 点，在△ABC、△CBH 中由
分别求出BC 和BH，再由垂径定理求出BD，
进而AD=AB-BD 即可求解．
【详解】
解：过C 点作CH⊥AB 于H 点，如下图所示：
∵∠ACB=90°，∠A=30°，
∴△ABC、△CBH 均为30°、60°、90°直角三角形，其三边之比为
，
Rt△ABC 中，
，
Rt△BCH 中，
，
由垂径定理可知：
，
∴
，
故选：C．
【点睛】
本题考查了直角三角形30°角所对直角边等于斜边的一半，垂径定理等知识点，熟练掌握垂径定理是解决
本题的关键．
7．如图，
是⊙
的直径，点C 为圆上一点，
的平分线交
于点D，
，则⊙
的直径为（ ）
A．
B．
C．1
D．2
【答案】B
【分析】
过D 作DE⊥AB 垂足为E，先利用圆周角的性质和角平分线的性质得到DE=DC=1，再说明
Rt△DEB≌Rt△DCB 得到BE=BC，然后再利用勾股定理求得AE，设BE=BC=x，AB=AE+BE=x+
，最后根
据勾股定理列式求出x，进而求得AB．
【详解】
解：如图：过D 作DE⊥AB，垂足为E
∵AB 是直径
∴∠ACB=90°
∵∠ABC 的角平分线BD
∴DE=DC=1
在Rt△DEB 和Rt△DCB 中
DE=DC、BD=BD
∴Rt△DEB≌Rt△DCB（HL）
∴BE=BC
在Rt△ADE 中，AD=AC-DC=3-1=2
AE=
设BE=BC=x，AB=AE+BE=x+
在Rt△ABC 中，AB2=AC2+BC2
则（x+
）
2=32+x2，解得x=
∴AB=
+
=2
故填：2
．
【点睛】
本题主要考查了圆周角定理、角平分线的性质以及勾股定理等知识点，灵活应用相关知识成为解答本题的
关键．
8．如图，
、
是
上的两点，
，
交
于点
，则
等于（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】C
【分析】
由题意得
是等边三角形，结合
可得
，再根据“同弧所对的圆周角等于它所
对圆心角的一半”即可得出
．
【详解】
解：∵OA=OB，∠AOB=60°
∴△AOB 是等边三角形，
∵
∴
∴
故选：C
【点睛】
此题主要考查了等边三角形的判定与性质以及同弧或等弧所对的圆周角和圆心角的关系，掌握“同弧所对
的圆周角等于它所对圆心角的一半”是解题的关键．
9．如图，点
，
，
，
都在⊙O 上，且
，AB=AD，S 四边形ABCD =（ ）
A．
B．
C．
D．6
【答案】A
【分析】
连接
，求出
，求出
是圆的直径，根据勾股定理求出
、
，分别求出
和
的面积即可．
【详解】
解：连接
，
，
，
，
，
，
即
是圆的直径，
，
圆的半径为2，
，
，
由勾股定理得：
，
，
故选：A．
【点睛】
本题考查了圆周角定理，圆心角、弧、弦之间的关系，勾股定理等知识点，能灵活运用知识点进行推理和
计算是解此题的关键．
10．如图，
，
是
上直径
两侧的两点．设
，则
（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】D
【分析】
先利用直径所对的圆周角是直角得到∠ACB=90°，从而求出∠BAC，再利用同弧所对的圆周角相等即可求
出∠BDC．
【详解】
解：∵C ，D 是⊙O 上直径AB 两侧的两点，
∴∠ACB=90°，
∵∠ABC=25°，
∴∠BAC=90°-25°=65°，
∴∠BDC=∠BAC=65°，
故选：D．
【点睛】
本题考查了圆周角定理的推论，即直径所对的圆周角是90°和同弧或等弧所对的圆周角相等，解决本题的
关键是牢记相关概念与推论，本题蕴含了属性结合的思想方法．
11．如图，等腰
中，顶角
，用尺规按①到④的步骤操作：
①以
为圆心，
为半径画圆；
②在
上任取一点
（不与点
，
重合），连接
；
③作
的垂直平分线与
交于
，
；
④作
的垂直平分线与
交于
，
．
结论Ⅰ：顺次连接
，
，
，
四点必能得到矩形；
结论Ⅱ：
上只有唯一的点
，使得
．
对于结论Ⅰ和Ⅱ，下列判断正确的是（ ）
A．Ⅰ和Ⅱ都对
B．Ⅰ和Ⅱ都不对
C．Ⅰ不对Ⅱ对
D．Ⅰ对Ⅱ不对
【答案】D
【分析】
Ⅰ、根据“弦的垂直平分线经过圆心”，可证四边形MENF 的形状；
Ⅱ、在确定点P 的过程中，看∠MOF=40°是否唯一即可．
【详解】
解：Ⅰ、如图所示．
∵MN 是AB 的垂直平分线，EF 是AP 的垂直平分线，
∴MN 和EF 都经过圆心O，线段MN 和EF 是⊙O 的直径．
∴OM=ON，OE=OF．
∴四边形MENF 是平行四边形．
∵线段MN 是⊙O 的直径，
∴∠MEN=90°．
∴平行四边形MENF 是矩形．
∴结论Ⅰ正确；
Ⅱ、如图2，当点P 在直线MN 左侧且AP=AB 时，
∵AP=AB，
∴
．
∵MN⊥AB，EF⊥AP，
∴
∴
∴
∴
．
∴
．
∵扇形OFM 与扇形OAB 的半径、圆心角度数都分别相等，
∴
．
如图3，当点P 在直线MN 右侧且BP=AB 时，
同理可证：
．
∴结论Ⅱ错误．
故选：D
【点睛】
本题考查了圆的有关性质、矩形的判定、扇形面积等知识点，熟知圆的有关性质、矩形的判定方法及扇形
面积公式是解题的关键．
12．如图，
是
的外接圆，
交
于点E，垂足为点D，
，
的延长线交于
点F．若
，
，则
的长是（ ）
A．10
B．8
C．6
D．4
【答案】A
【分析】
先根据垂径定理可得
，再利用勾股定理可得
，然后根据三角形中位线定理即可得．
【详解】
解：
，
，
，
，
，
，
，
，
又
，
是
的中位线，
，
故选：A．
【点睛】
本题考查了垂径定理、三角形中位线定理等知识点，熟练掌握垂径定理是解题关键．
13．如图，
为
的直径，以
为斜边作等腰
，连接
交
于点
．若
．
则
的长为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】D
【分析】
连接
，过
作
于
，根据等腰直角三角形的性质求出
，根据勾股定理求出
，根
据勾股定理求出
，设
，
，在
和
中运用勾股定理列出关于x、y 的方
程，再解方程即可求出答案．
【详解】
解：连接
，过
作
于
，
∵
，
∴
，
∵
是等腰直角三角形（
），
，
∴
，
∴
，
由勾股定理得：
，
∵
，
∴
，
在
中，由勾股定理得：
，
∵
是
的直径，
∴
，
设
，
，
在
中，由勾股定理得：
，即
①，
在
中，由勾股定理得：
，即
②，
②-①得：
，
解得：
，
即
，
故选：D．
【点睛】
本题主要考查直径所对的圆周角是直角、等腰直角三角形性质，勾股定理等知识点，能够利用勾股定理列
出方程组是解题的关键．
14．如图，
是
的直径，
是
的弦，先将
沿
翻折交
于点
．再将
沿
翻
折交
于点
．若
，设
，则
所在的范围是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【分析】
将⊙O 沿BC 翻折得到⊙O′，将⊙O′沿BD 翻折得到⊙O″，则⊙O、⊙O′、⊙O″为等圆．依据在同圆或等圆
中相等的圆周角所对的弧相等可证明
，从而可得到弧AC 的度数，由弧AC 的度数
可求得∠B 的度数．
【详解】
解：将⊙O 沿BC 翻折得到⊙O′，将⊙O′沿BD 翻折得到⊙O″，则⊙O、⊙O′、⊙O″为等圆．
∵⊙O 与⊙O′为等圆，劣弧AC 与劣弧CD 所对的角均为∠ABC，
∴
．
同理：
．
又∵F 是劣弧BD 的中点，
∴
．
∴
．
∴弧AC 的度数=180°÷4=45°．
∴∠B=
×45°=22.5°．
∴
所在的范围是
；
故选：B．
【点睛】
本题主要考查的是圆的综合应用，解答本题主要应用了翻折的性质、弧、弦、圆周角之间的关系、圆内接
四边形的性质，等腰三角形的判定，找出图形中的等弧是解题的关键．
15．如图，在
中，
是直径，
是
上的两个点，
．若
，则
的度数为（ ）．
A．40°
B．50°
C．60°
D．65°
【答案】B
【分析】
由
，可得∠OCA=∠DAC=25°，由等腰三角形OA=OC，可得∠OAC=∠OCA=25°，由圆周角定理
可求∠BOC=2∠OAC =50°．
【详解】
解：∵
，
∴∠OCA=∠DAC=25°，
∵OA=OC，
∴∠OAC=∠OCA=25°，
∴∠BOC=2∠OAC =2×25°=50°．
故选择B．
【点睛】
本题考查圆周角定理，平行线性质，等腰三角形性质，掌握圆周角定理，平行线性质，等腰三角形性质，
三角形外角性质是解题关键．
16．如图，
是⊙
的直径，
是⊙
上两点，若
，则
的度数是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】C
【分析】
如图：连接AC、AD，由圆周角定理可得∠ADC=∠ABC=40°，∠ADB=90°，最后根据角的和差运算即可解
答．
【详解】
解：连接AC、AD，
∴∠ADC=∠ABC=40°
∵
是⊙
的直径
∴∠ADB=90°
∴∠BDC=∠ADB-∠ADC=90°-40°=50°．
故选C．
【点睛】
本题主要考查了圆周角，掌握同弧或同弦所对的圆周角相等、直径所对的圆周角为90°成为解答本题的关
键．
17．如图，在
中，点
是边
和
的垂直平分线
、
的交点，若
，则
的大小为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】C
【分析】
由题意可知点O 为△ABC 的外接圆圆心，由圆周角定理可求得∠A=
∠BOC=50°，根据等角的余角相等
得到∠EOF=∠A=50°．
【详解】
解：∵点
是边
和
的垂直平分线
、
的交点，
∴点O 为△ABC 的外接圆圆心，∠ADF=∠OEF=90°，
∴∠BOC 为∠A 的所对的弧对应的圆心角，
∵∠BOC=100°，
∴∠A=
∠BOC=50°，
∵∠A+∠AFD=90°，∠EOF+∠EFO=90°，
∴∠EOF=∠A=50°，
故选：C．
【点睛】
本题考查垂直平分线的性质、三角形外心定义、圆周角定理、同角的余角相等，熟练掌握圆周角定理和垂
直平分线的性质，熟知三角形的外心是三角形三边垂直平分线的交点是解答的关键．
18．如图，在矩形
中，对角线
，
相交于点
，
，
，点
在线段
上从点
至点
运动，连接
，以
为边作等边三角形
，点
和点
分别位于
两侧，下列
结论：①
；②
；③
；④点
运动的路程是
，其中正确结
论的序号为（ ）
A．①④
B．①②③
C．②③④
D．①②③④
【答案】B
【分析】
连接OE 并延长交DC 于点H，先证△ADO 为等边三角形，得出∠2=∠DAF=60°，再根据△DEF 为等边三角
形，得出①正确；证出△DOE≌△COE，得到ED=EC，得出②正确；证出∠ADF=∠3，看得出③正确；根据
△DOE≌△COE，得出点E 在OH 上运动，可得④正确．
【详解】
解：
连接OE 并延长交DC 于点H，
∵矩形ABCD，
∴OA=OD=OC，
∵∠DAC=60°，
∴△ADO 为等边三角形，
∴∠2=∠DAF=60°，
∵△DEF 为等边三角形，
∴∠1=60°=∠5，
∴∠1=∠2，
∴D、F、O、E 四点共圆，
∴∠3=∠4，①正确；
∴∠5=∠6=60°，
∴∠7=∠6=60°，
∵OD=OC，OE=OE，
∴△DOE≌△COE，
∴∠3=∠8，
∴∠CDE=∠DCE，
∴ED=EC，②正确；
∵∠ADO=∠FDE=60°，
∴∠ADF=∠3，
∴∠ADF=∠8，即∠ADF=∠ECF，③正确；
∵△DOE≌△COE，
∴点E 在∠DOC 的角平分线上与CD 的交点为H，即点E 在OH 上运动，
∴OH=
BC，
∴OH=
，④错误．
故选B．
【点睛】
本题考查了等边三角形的判定与性质，全等三角形的判定与性质，圆的性质，解题的关键是灵活运用这些
性质．
19．如图，AB 为
的直径，点C 为AB 上一点，点D 在
上，AD=AC，，连接DC 并延长交
于
点E，连接OE，若∠BAD=30°，则∠COE 的度数为（ ）
A．30°
B．35°
C．40°
D．45°
【答案】A
【分析】
如图，连接BD，根据等腰三角形的性质可求出∠DCA 的度数，根据圆周角定理可得∠BDA=90°，可得
∠DBA=60°，根据三角形外角性质可得∠BDE 的度数，根据圆周角定理即可得答案．
【详解】
如图，连接BD，
∵
，
，
∴∠DCA=
×（180°-30°）=75°，
∵
为
的直径，
∴∠BDA=90°，
∴∠DBA=90°-30°=60°，
∴∠BDE=∠DCA-∠DBA=15°，
∵∠BOE 和∠BDE 是
所对的圆心角和圆周角，
∴∠COE=2∠BDE=30°，
故选：A．
【点睛】
本题考查圆周角定理、等腰三角形的性质及三角形外角性质，在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角
相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半；直径所对的圆周角等于90°；熟练掌握圆周角定理是解题关键．
20．已知
是半径为1 的
的一条弦，且
，以
为一边在
内作等边三角形
，
D 为
上不同于点A 的一点，且
，
的延长线交
于点E，则
的长为（ ）
A．
B．1
C．
D．a
【答案】B
【分析】
通过证
，得
，从而求出
的长．
【详解】
解：连接OE，OA，OB，
是等边三角形，
，
；
，
，
；
，
；
四边形
内接于
，
，即
；
又
，
，即
是等腰三角形；
在等腰
和等腰
中，
，
，
；
．
故选：B．
【点睛】
此题考查了圆心角、弧、弦的关系，等边三角形的性质，圆内接四边形的性质，全等三角形的判定和性质
等知识，综合性强，难度较大；能够发现并证得
是解答此题的关键．
21．如图，点A、B、C、D 均在
上，
是
的直径，连接
，若
，则
的度数是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】A
【分析】
，根据等腰三角形的性质求出
，再由直径所对的圆周角是直角得到
即可求出
．
【详解】
解：如图，连接BC，
∵
，
，
∴
∵
是
的直径，
，
，
故选：A．
【点睛】
本题考查的是圆周角定理，掌握同弧或等弧所对的圆周角相等、直径所对的圆周角是直角是解题的关键．
22．如图，
的直径
为26，弦
的长为24，且
，垂足为
，则
的长为（
）
A．25
B．8
C．5
D．13
【答案】B
【分析】
连接OA，由垂径定理得到M 为AB 中点，求出AM 的长，在直角三角形AOM 中，利用勾股定理求出OM
的长，再由
求出CM 的长即可．
【详解】
解：连接OA．
∵直径
，
，
∴
,
在
中，
,
,
根据勾股定理得：
．
则
故选：B．
【点睛】
此题考查了垂径定理，勾股定理，熟练掌握定理是解本题的关键．
23．如图，四边形
内接于
，
，
为
中点，
，则
等于（ ）
A．42°
B．46°
C．50°
D．54°
【答案】A
【分析】
先根据已知条件推出
，则
，再根据圆内接四边形互补
，得到
，即求出
的度数．
【详解】
解：
为
中点，
，
，
，
，
，
，
，
，
．
故选：
．
【点睛】
本题考查了圆周角定理，能根据定理求出
是解此题的关键．
24．如图，
是⊙
的直径，
，
是⊙
的弦，点E 是
的中点，
与
交于点C，连接
，若
，则
的度数是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【分析】
先利用邻补角的定义计算出∠BOF=140°,再根据圆周角定理计算出∠BEF=70°得到∠EBF=∠EFB 然后利用
三角形内角和计算度数．再由
°，再计算∠F 的度数即可．
【详解】
解：连接BF
∵
∴
°
∵点E 是
的中点
∴
35°
故选：B．
【点睛】
本题考查圆周角定理及推论、邻补角、三角形的内角和、灵活进行角的和差关系的转换是解题的关键．
25．如图，已知
，
为
上一点，以
为半径的圆经过点
，且与
、
交于点
、
，
设
，
，则（ ）
A．若
，则弧
的度数为
B．若
，则弧
的度数为
C．若
，则弧
的度数为
D．若
，则弧
的度数为
【答案】B
【分析】
连接BD，根据圆周角定理求出∠ABD=90°，求出∠ADB=90°-β，再根据三角形外角性质得出90°-β=α+
x，求出
的度数是180°-2(α+β)，再逐个判断即可．
【详解】
解：连接BD，
设
的度数是x，
则∠DBC=
x，
∵AC 过O，
∴∠ABD=90°，
∵∠A=β，
∴∠ADB=90°-β，
∵∠C=α，∠ADB=∠C+∠DBC，
∴90°-β=α+
x，
解得：x=180°-2(α+β)，
即
的度数是180°-2（α+β），
A．当α+β=80°时，
的度数是180°-160°=20°，故本选项不符合题意；
B．当α+β=80°时，
的度数是180°-160°=20°，故本选项符合题意；
C．当α-β=80°，即α=80°+β 或β=α-80°，
的度数是180°-2(80°+β+β)=20°-4β 或180°-(α+α-80°)=260°-2α，故本选项不符合题意；
D．当α-β=80°时，
的度数是20°-4β 或260°-2α，故本选项不符合题意；
故选：B．
【点睛】
本题考查了圆周角定理和三角形的外角性质，能灵活运用定理进行推理和计算是解此题的关键．
26．
内接于圆，延长
到D，点E 在
上，连接
，
，如图所示．图中等于
与
之差的角是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】D
【分析】
由三角形外角的性质及圆周角定理可得∠ACD=∠ABC+∠BAC，∠ABC=∠AEC，由此可得
∠ACD=∠AEC+∠BAC，即可得∠ACD-∠BAC=∠AEC．
【详解】
∵∠ACD=∠ABC+∠BAC，∠ABC=∠AEC，
∴∠ACD=∠AEC+∠BAC，
∴∠ACD-∠BAC=∠AEC．
故选D．
【点睛】
本题主要考查了三角形的外角定理，圆周角定理，熟练掌握三角形的外角定理和圆周角定理是解决问题的
关键．
27．如图，四边形ABCD 是菱形，⊙O 经过点A、C、D，与BC 相交于点E，连接AC、AE．若∠D＝80°，
则∠EAC 的度数为（ ）
A．20°
B．25°
C．30°
D．35°
【答案】C
【分析】
根据四边形ABCD 是菱形，可求得∠DCB 的度数，从而求得∠ACB 的度数，再根据圆内接四边形性质，得
∠AEB=∠D，由三角形内外角的关系，即可求得∠EAC 的度数．
【详解】
∵四边形ABCD 是菱形，∠D＝80°，
∴∠ACB＝
∠DCB＝
（180°﹣∠D）＝50°，
∵四边形AECD 是圆内接四边形，
∴∠AEB＝∠D＝80°，
∴∠EAC＝∠AEB﹣∠ACE＝30°．
故选：C．
【点睛】
本题主要考查了菱形的性质，圆内接四边形的性质，关键是根据圆内接四边形的性质，得到∠AEB 的度数.
28．如图，
为
的直径，
是
的弦，
，则
的度数为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【分析】
由圆周角定理，得到
，则
，即可求出答案．
【详解】
解：∵
为
的直径，
∴
，
∵
，
∴
，
∴
；
故选：B．
【点睛】
本题考查了圆周角定理，三角形的内角和定理，解题的关键是掌握圆周角定理，正确求出
．
29．如图，点
，
，
在
上，
，
，则
的度数为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】C
【分析】
连接AB，则由∠AOB=100°、OA=OB，可求得∠OAB=∠OBA 及其度数，进而可得∠ABC 的度数，由圆周
角定理可求得∠C 的度数，在△ABC 中可求得∠CAB 的度数，从而可得∠OAC 的度数．
【详解】
如图，连接AB
则OA=OB
∴∠OAB=∠OBA=
∴∠ABC=∠OBA+∠OBC=60°
∵∠C
∴在△ABC 中，∠CAB=180°−∠C−∠ABC=70°
∴∠OAC=∠CAB−∠OAB=70°−40°=30°
故选：C．
【点睛】
本题考查了等腰三角形的性质，三角形内角和，圆周角定理等知识，关键是连接AB，使得有关角度的计算
可以在三角形中进行．
30．如图，在⊙O 中，AB 是直径，CD 是弦，AB⊥CD，下列结论错误的是（ ）
A．AC＝OD
B．BC＝BD
C．∠AOD=∠CBD
D．∠ABC=∠ODB
【答案】A
【分析】
利用垂径定理，线段的垂直平分线的判定与性质，圆心角与圆周角的关系计算判断即可．
【详解】
∵AB 是直径，CD 是弦，AB⊥CD，
∴直线AB 是CD 的垂直平分线，
∴BC=BD，∠CBA=∠DBA，
∴B 选项正确；
∵∠AOD=2∠DBA，
∴∠AOD=∠DBA+∠CBA=∠CBD，
∴C 选项正确；
∵OD=OB，
∴∠ODB=∠DBA=∠CBA，
∴D 选项正确；
无法证明AC=OD，
∴A 选项错误；
故选A．
【点睛】
本题考查了圆的对称性，等腰三角形的性质，圆心角与圆周角关系定理，熟练掌握垂径定理，灵活运用圆
心角与圆周角关系定理是解题的关键．
二、填空题
31．如图，
的直径
为6
，
，
都是
的半径，
，点P 在直
径
上移动，则
的最小值为______．
【答案】
【分析】
作点A 关于CD 的对称点
，连接
就是最小值(P 此时为
与CD 的交点)，根据垂径定理及圆周角
定理可得
，最后由勾股定理可得答案．
【详解】
解：作点A 关于CD 的对称点
，
连接
就是最小值(P 此时为
与CD 的交点)，
，
且
，
，
关于CD 的对称点
，
，
，
为等腰直角三角形，
的最小值为：
，
故答案为：
．
【点睛】
此题考查的是圆的性质，掌握圆周角定理、垂径定理是解决此题的关键．
32．如图，在
中，
，则
的度数是______°．
【答案】80
【分析】
首先连接OC，由OA＝OC＝OB，可得∠ACO＝∠CAO＝15°，∠BCO＝∠CBO＝55°，继而求得∠ACB 的
度数，然后由圆周角定理，求得∠AOB 的度数．
【详解】
解：连接OC，
∵OA＝OC＝OB，
∴∠ACO＝∠CAO＝15°，∠BCO＝∠CBO＝55°，
∴∠ACB＝∠BCO−∠ACO＝40°，
∴∠AOB＝2∠ACB＝80°．
故答案是：80．
【点睛】
此题考查了圆周角定理以及等腰三角形的性质．此题难度不大，注意掌握辅助线的作法，注意掌握数形结
合思想的应用．
33．如图，已知
是
的直径，且
，弦
，点
是弧
上的点，连接
、
，若
，则
的长为______．
【答案】9
【分析】
连接OC 和OE，由同弧所对的圆周角等于圆心角的一半求出∠COB=60°，再在△COH 中求出CH，最后由
垂径定理求出CD．
【详解】
解：连接OC 和OE，如下图所示：
由同弧所对的圆周角等于圆心角的一半可知，∠A=
∠EOB，∠D=
∠COE，
∵∠A+∠D=30°，
∴
∠EOB+
∠COE=
∠COB=30°，
∴∠COB=60°，
∵CD⊥AB，
∴△COH 为30°，60°，90°的三角形，其三边之比为
，
∴CH=
，
∴CD=2CH=9，
故答案为：9．
【点睛】
本题考查了圆周角定理及垂径定理等相关知识点，本题的关键是求出∠COB=60°．
34．如图，
是
的弦，C 是
的中点，
交
于点D．若
，则
的
半径为________
．
【答案】5
【分析】
连接OA，由垂径定理得AD=4cm，设圆的半径为R，根据勾股定理得到方程
，求解即可
【详解】
解：连接OA，
∵C 是
的中点，
∴
∴
设
的半径为R，
∵
∴
在
中，
，即
，
解得，
即
的半径为5cm
故答案为：5
【点睛】
本题考查的是垂径定理及勾股定理，根据垂径定理判断出OC 是AB 的垂直平分线是解答此题的关键．
35．图1 是传统的手工磨豆腐设备，根据它的原理设计了图2 的机械设备，磨盘半径
，把手
，点O，M，Q 成一直线，用长为
的连杆将点Q 与动力装置P 相连（
大小可
变），点P 在轨道
上滑动并带动磨盘绕点O 转动，
．
（1）点P 与点O 之间距离的取值范围是_______．
（2）若磨盘转动500 周，则点P 在轨道
上滑动的路径长为__________m．
【答案】100cm≤OP≤170cm 900m
【分析】
（1）连接OP，求出OQ 和PQ，再根据两种情况求出OP 的最值，可得取值范围；
（2）求出AP 的取值范围，可得磨盘转动1 周，则点P 在轨道AB 上滑动的路径长，再乘以500 即可．
【详解】
解：（1）连接OP．
由题意得：OQ=OM+MQ=35cm，PQ=135cm，
当Q、O、P 三点共线且Q 在线段OP 左上方延长线上时，OP 取得最小值，
此时OP=PQ-MQ-OM=135-15-20=100cm；
当Q、O、P 三点共线且Q 在右下方线段OP 上时，OP 取得最大值，
此时OP=PQ+MQ+OM=135+15+20=170cm，
∴100cm≤OP≤170cm；
（2）当OP=170cm 时，
∵OA⊥AP，OA=80cm，
∴AP=
=150cm，
当OP=100cm 时，AP=
=60cm，
∴60cm≤AP≤150cm，
∴若磨盘转动500 周，
则点P 在轨道AB 上滑动的路径长=500×2×（150-60）=90000cm=900m．
【点睛】
本题考查轨迹，勾股定理等知识，解题的关键是理解题意，灵活运用所学知识解决问题．
三、解答题
36．如图，四边形
内接于
，延长
、
相交于点
，且
．
（1）如图1，求证：
；
（2）如图2，点
为弧
上一点，连接
、
、
，若
，求证：
；
（3）如图3，在（2）的条件下，过点
作
，垂足为
，若
，
，
，求
的长．
【答案】（1）见解析；（2）见解析；（3）7
【分析】
方法一：（1）利用圆内接四边形的性质及三角形外角的性质推出
，即可得到结论；
（2）连接
，由
，得到
，由
推出
，
利用
证明
，由此得到
，推出结论；
（3）连接
，设
与
交于点
，设
，
，求出
，过点
作
于
，证得
，证明
，设
，由
求得
，再由勾股定理求出
即可得到答案；
方法二：（1）设
，根据邻补角定义及三角形外角的性质表示出∠EBC 及∠E 的度
数，即可得到结论；
（2）设
，根据三角形的外角性质求出
，依据圆内接四边形的性质
得到
，再求出
，得到
，
由此得到结论；
（3）作
于
、
于
，设
，证明
，得到CR=TD，由
，
，易得
，利用
得到
，求出
，再利用勾股定理求出答案．
【详解】
方法一：
解：（1）∵四边形
内接于
，
∴
，
∴
，
∵
，
∴
，
∴
；
（2）连接
，由（1）知
，
∴
，
∵
，
，
∴
，
∵
，
∴
，
∴
，
∴
；
（3）连接
，设
于
交于点
，设
，
∵
，
∴
，
，
∴
，
∴
，
过点
作
于
，
∴
，
∵
，
∴
，
∴
，
∴
，
∵
，
∴
，
∴
，
，
∵
，
∴
，
设
，则
，
，
∴
，
∵
，
∴
，
解得
，
所以
，
，
，
由勾股定理得
，
∵
，
∴
．
方法二：
（1）
设
．
∴
，
∵
，
∴
，
∴
，
∴
．
（2）设
，
∴
，
∴
，
∴
，
∴
，
∴
．
（3）作
于
、
于
，
设
，
∵
，
∴
，
∴
，
∴
，
∵
，
∴
,
∴CR=TD，
∵
，
，
∴
，
∵
，
∴
∴
，
，
∴
，
∴
中，勾股
．
．
【点睛】
此题考查圆内接四边形的性质，等腰三角形的性质，全等三角形的判定及性质，勾股定理，三角形的外角
定理，直角三角形30 度角的性质，是一道较难的综合题，熟记各知识点并熟练应用解决问题是解题的关键．
37．如图，已知AB 是O 的直径，CD⊥AB，垂足为点E，如果BE=OE，AB=10cm，求△ACD 的周长．
【答案】
cm
【分析】
连接OC．根据垂径定理可得
．由AB=10cm，可求
cm，
cm．根
据勾股定理
cm．可得
cm．根据勾股定理
cm．
即可．
【详解】
解：连接OC．
∵AB 是O 的直径，CD⊥AB，
∴
．
∵AB=10cm，
∴AO=BO=CO=5cm．
∵BE=OE，
∴
cm，
cm．
在Rt△COE 中，
∵CD⊥AB，
∴OE2+CE2=OC2．
∴
cm．
∴DE=
cm．
∴
cm．
在Rt△ACE 中
∴
∴
cm．
在Rt△ADE 中
∴
∴
∴△ACD 的周长=AD+DC+AC=
+
+
=
cm．
【点睛】
本题考查圆的垂径定理，勾股定理，掌握圆的垂径定理，勾股定理是解题关键．
38．如图，已知在⊙O 中，
，OC 与AD 相交于点E．求证：
（1）AD∥BC
（2）四边形BCDE 为菱形．
【答案】（1）见解析；（2）见解析
【分析】
（1）连接BD，根据圆周角定理可得∠ADB=∠CBD，根据平行线的判定可得结论；
（2）证明△DEF≌△BCF，得到DE=BC，证明四边形BCDE 为平行四边形，再根据
得到
BC=CD，从而证明菱形．
【详解】
解：（1）连接BD，
∵
，
∴∠ADB=∠CBD，
∴AD∥BC；
（2）连接CD，
∵AD∥BC，
∴∠EDF=∠CBF，
∵
，
∴BC=CD，
∴BF=DF，又∠DFE=∠BFC，
∴△DEF≌△BCF（ASA），
∴DE=BC，
∴四边形BCDE 是平行四边形，又BC=CD，
∴四边形BCDE 是菱形．
【点睛】
本题考查了垂径定理，圆周角定理，弧、弦、圆心角的关系，全等三角形的判定和性质，菱形的判定，解
题的关键是合理运用垂径定理得到BF=DF．
39．已知：在圆O 内，弦
与弦
交于点
分别是
和
的中点，联结
．
（1）求证：
；
（2）联结
，当
时，求证：四边形
为矩形．
【答案】（1）见解析；（2）见解析
【分析】
（1）连结
，由M、N 分别是
和
的中点，可得OM⊥BC，ON⊥AD，由
， 可得
，可证
，
，根据等腰三角形三线合
一性质
;
（2）设OG 交MN 于E，由
，可得
，可得
，
，可证
可得
，由CN∥OG，可得
，由
可得AM∥CN，可证
是平行四边形，再由
可证四边形ACNM 是矩形．
【详解】
证明：（1）连结
，
∵M、N 分别是
和
的中点，
∴OM，ON 为弦心距，
∴OM⊥BC，ON⊥AD，
，
在
中，
，
，
在Rt△OMG 和Rt△ONG 中，
，
，
∴
，
;
（2）设OG 交MN 于E，
，
∴
，
∴
，即
，
，
在△CMN 和△ANM 中
，
，
，
∵CN∥OG，
，
，
，
∴AM∥CN，
是平行四边形，
，
∴四边形ACNM 是矩形．
【点睛】
本题考查垂径定理，三角形全等判定与性质，等腰三角形判定与性质，平行线判定与性质，矩形的判定，
掌握垂径定理，三角形全等判定与性质，等腰三角形判定与性质，平行线判定与性质，矩形的判定是解题
关键．
40．如图，四边形
是边长为4 的正方形，点G 是
边上的任意一点，
于点E，点
与
点B 关于直线
对称，
交
于点F．连接
．
（1）求证：
；
（2）若四边形
是平行四边形，求四边形
与正方形
的面积之比；
（3）直接写出
的最小值．
【答案】（1）证明见解析；（2）2：5；（3）
【分析】
（1）证明
即可；
（2）由四边形
是平行四边形，可得
=2BF=2AE, 在
中利用勾股定理可求出
AF、BF，于是可得EF 的长，即可求出四边形
与正方形
的面积之比；
（3）由
可知点F 在以AB 为直径的半圆上运动，连接圆心与点C 交半圆于F，此时
取最
小值．
【详解】
（1）∵四边形
是正方形，
∴
，
∵
，且B 与
关于
对称，
∴
∴
．
∵
，
∴
．
∴
∴
．
（2）∵四边形
是平行四边形，
∴
又∵点
与点B 关于直线
对称，
∴
．
∵
，
∴
，
，
∴
．
在
中利用勾股定理可求
，
，
∴
，
，
∴四边形
与正方形
的面积之比2：5．
（3）由
可知点F 在以AB 为直径的半圆上运动，连接圆心与点C 交半圆于F，如图，此时
取最小值
∵BC=4，OB=2，
∴OC=
，
∴CF=
，
∴
的最小值是
．
【点睛】
本题考查了正方形的性质，全等三角形的判定与性质，勾股定理，三角形的面积，圆周角定理的推论(隐圆
问题)，难点在于（3）中探究出点F 运动的轨迹．
41．如图①，在⊙O 中，弦CD 垂直直径AB 于点E．已知AC＝4，BD=
.
（1）求直径AB 的长．
（2）小慧说“若将题目条件中的‘直径AB’改为‘弦AB’，其余条件均不变（如图②），⊙O 的直径仍不变”，
你觉得小慧的说法正确吗？请说明理由．
【答案】（1）
；（2）（2）小慧的说法不正确，理由见解析
【分析】
（1）连接AD，根据圆周角定理,圆的对称性即可求出AB 的长；
（2）根据垂径定理的条件即可作出判断．
【详解】
解：（1）连接AD，如图所示：
∵AB 为直径，
∴∠ADB＝90°，
∵弦CD 垂直直径AB 于点E，
∴由垂径定理可知：AD＝AC＝4，
在Rt△ADB 中，AB＝
=
；
（2）小慧的说法不正确，理由如下：因为若将题目条件中的“直径AB“改为“弦AB”，无法求出⊙O 直径．
【点睛】
本题考查了圆的对称性,垂径定理,直径所对的圆周角是直角,勾股定理,熟练掌握圆的对称性,垂径定理,勾股
定理是解题的关键．
42．如图，AB 为圆O 的直径，C 为圆O 上一点，D 为弧BC 的中点，过D 作DF⊥AB 于点E，交圆O 于点
F，交弦BC 于点G，连接CD、BF
（1）求证：△BFG≌△DCG；
（2）若AC＝10，BE＝8，求BF 的长
【答案】（1）见解析；（2）4
．
【分析】
（1）根据垂径定理解得
＝
，结合D 为弧BC 的中点，可证明BF＝CD，再由同弧所得的圆周角相
等，得到∠BFG＝∠DCG，再结合对顶角∠BGF＝∠DGC，可证△BFG≌△DCG（AAS）；
（2）证明OM 是△ABC 的中位线，进而在Rt△BEF 中，利用勾股定理求解即可．
【详解】
解：（1）∵D 是
的中点，
∴
＝
，
∵AB 为⊙O 的直径，DF⊥AB，
∴
＝
，
∴
＝
，
∴BF＝CD，
又∵∠BFG＝∠DCG，∠BGF＝∠DGC，
∴△BFG≌△DCG（AAS）；
（2）如图，连接OD 交BC 于点M，
∵D 为
的中点，
∴OD⊥BC，
∴BM＝CM，
∵OA＝OB，
∴OM 是△ABC 的中位线，
∴OM＝
AC＝5，
∵
＝
，
∴
＝
，
∴OE＝OM＝5，
∴OD＝OB＝OE+BE＝5+8＝13，
∴EF＝DE＝
＝12，
∴BF＝
＝
＝4
．
【点睛】
本题考查圆的知识，涉及垂径定理、同弧所得的圆周角相等，勾股定理等知识，是重要考点，难度较易，
掌握相关知识是解题关键．
43．如图，圆O 中两条互相垂直的弦AB，CD 交于点E．
（1）M 是CD 的中点，OM＝3，CD＝12，求圆O 的半径长；
（2）点F 在CD 上，且CE＝EF，求证：
．
【答案】（1）
；（2）见解析．
【分析】
（1）根据M 是CD 的中点，OM 与圆O 直径共线可得
，
平分 CD，则有
，利用勾
股定理可求得半径的长；
（2）连接AC，延长AF 交BD 于G，根据
，
，可得
，
，利用圆
周角定理可得
，可得
，利用直角三角形的两锐角互余，可证得
，即有
．
【详解】
（1）解：连接OC，
∵M 是CD 的中点，OM 与圆O 直径共线
∴
，
平分CD，
．
在
中．
∴圆O 的半径为
（2）证明：连接AC，延长AF 交BD 于G．
，
又
在
中
【点睛】
本题考查了垂径定理，圆周角定理，直角三角形的两锐角互余，勾股定理等知识点，熟练应用相关知识点
是解题的关键．
44．如图，
是
的直径，点
，
在
上，且
，连接
，交
于点
，连接
，
，
．
（1）若
，求
的度数；
（2）用尺规作图作出
的角平分线交
于点
（保留作图痕迹），并求证：
．
【答案】（1）
；（2）见解析
【分析】
（1）连接
，求得
，再根据
得
，求出
即可得到答案；
（2）根据角平分线的作法作出
的角平分线，再证明
即可得到结论．
【详解】
解：（1）连接
∵
是圆
直径，
∴
又∵
，
∴
∵
，
∴
∴
∴
（2）如图，
∵
，
∴
∵
平分
，
∴
∴
即
∴
【点睛】
此题主要考查了圆有定理，角平分线的作法，等腰三角形的判定，作辅助线AD 是解答此题的关键．
45．如图，
为
的直径，
是
上的一点，连接
，
．
是
的中点，过
作
于点
，交
于点
．
（1）求证：
；
（2）若
，
，求
的长．
【答案】（1）见解析；（2）
的长度为
【分析】
（1）延长
交
于点
．由垂径定理可得点
是弧
的中点，
，由
是
的中点可
得弧
弧
弧
，所以弧
弧
，由此结论可证；
（2）连接
、
．根据圆周角定理可得
，根据等腰三角形的判定可得
．
在
中，根据勾股定理求得
，由此求得
；由勾股定理易求
，则
；设
，根据勾股定理可得
，解方程即可求得
的长度．
【详解】
（1）证明：延长
交
于点
．
∵
是直径，
，
∴点
是弧
的中点，
，
∵
是
的中点，
∴弧
弧
弧
，
∴弧
弧
，
∴
．
（2）连接
、
．
∵弧
弧
．
∴
∴
．
在
中，
，
由（1）知，
，则
，
∵
，
∴OD=5，
在
中，
，
∴
，
设
，
在
中，
∵
，
∴
，
解得
，
即
的长度为
．
【点睛】
本题考查了垂径定理、圆周角定理及勾股定理，熟练运用相关定理是解决问题的关键．
46．如图，AB 是
的直径，弦
于点E，连结BD，CO 的延长线交
于点F，AF，CD 的延
长线交于点G．
（1）求证：
．
（2）若
，求
的半径．
【答案】（1）见解析；（2）
．
【分析】
（1）由直径所对的圆周角是90°得到
，同弧所对的圆周角相等
，
继而根据同角的余角相等解题即可；
（2）利用正切定义解得
，设
，解得
，由
求得
的值，据此解题．
【详解】
解：（1）连接
是
的直径，
；
（2）由（1）知，
设
．
【点睛】
本题考查圆的综合题，涉及直径所对的圆周角是90°、同弧所对的圆周角相等、正切等知识，是重要考点，
难度较易，掌握相关知识是解题关键．
47．已知：如图，
是
的直径，
，过点D 作
，交
延长线于点E．
（1）求证：四边形
是菱形．
（2）连结
，若
半径为5，
，求
的长．
【答案】（1）见解析；（2）
【分析】
（1）连接AD，BD，根据圆周角定理可证明
，结合
可证明四边形AODE 是菱
形；
（2）连接BC，交OD 于点F，利用垂径定理得到
且
，设
，利用勾股定理求
出OF，根据中位线定理得到AC，再根据菱形的性质求出CE．
【详解】
解：（1）连接AD，BD，
∵
，
∴
，
∴
，
∵
，
∴
，
∴
，
∵
，
∴四边形AODE 为平行四边形，
∵
，
∴平行四边形AODE 是菱形．
（2）连接BC，交OD 于点F，
∵
，
∴
且
，
设
，则
，
又
，
，
∴
，
∴
，
∴
，
∵
，
，
∴
，
∵四边形AODE 是菱形，
∴
，
∴
．
【点睛】
本题考查了圆周角定理，勾股定理，垂径定理，菱形的判定和性质，正确的作出辅助线是解题的关键．
48．如图，Rt△ABO 中，∠ABO＝90°，AB＝4，BO＝2．以AB 为边作正方形ABCD．点M 是边BC 上一动
点，连接AM，过O 作AM 的垂线，垂足为N，连接CN．则线段CN 的最小值是__．
【答案】
﹣
【分析】
先根据∠ANO＝90°确定CN 最小时点N 的位置，根据勾股定理计算AO，CQ 的长，可得CN 的值．
【详解】
解：如图，点N 在以AO 的中点Q 为圆心，AO 为直径的圆上，连接CQ 与圆Q 的交点即为点N，此时线段
CN 的值最小，
∠ABO＝90°，AB＝4，BO＝2，
∴AO＝
＝
＝2
，
∴QN＝
AO＝
，
过Q 作QH∥AB，交OB 于H，
∴QH＝
AB＝2，BH＝
OB＝1，
∴CQ＝
＝
，
∴CN＝CQ﹣QN＝
﹣
，
则线段CN 的最小值是
﹣
．
故答案为：
﹣
．
【点睛】
本题考查了正方形的性质，勾股定理，三角形的中位线定理，圆的性质，解题关键是能够熟练运用圆周角
定理，确定点N 的轨迹在以AO 为直径的圆上．
49．如图，AB，AC 是
的弦，过点C 作
于点D，交
于点E，过点B 作
于点
F，交CE 于点G，连结BE．
（1）求证：
（2）过点B 作
交
于点H，若BE 的长等于半径，
，求CE 的长．
【答案】（1）见解析；（2）
【分析】
（1）根据圆周角定理得到∠BAC=∠BEC，根据直角三角形的性质、对顶角相等得到∠BEC=∠BGE，根据
等腰三角形的判定定理证明结论；
（2）连接OB、OE、AE、CH，根据平行四边形的判定和性质得到CG=BH=4，根据等边三角形的性质得
到∠BOE=60°，根据直角三角形的性质、勾股定理计算，得到答案．
【详解】
解：（1）证明：由圆周角定理得，∠BAC=∠BEC，
∵CE⊥AB，BF⊥AC，
∴∠ADC=∠GFC=90°，
∴∠CGF=∠BAC，
∴∠BEC=∠CGF，
∵∠BGE=∠CGF，
∴∠BEC=∠BGE，
∴BE=BG；
（2）连接OB、OE、AE、CH，
∵BH⊥AB，CE⊥AB
∴BH∥CE，
∵四边形ABHC 是⊙O 的内接四边形，
∴∠ACH=∠ABH=90°，
∴BF∥CH，
∴四边形CGBH 为平行四边形，
∴CG=BH=4，
∵OE=OB=BE，
∴△BOE 为等边三角形，
∴∠BOE=60°，
∴∠BAE=
∠BOE=30°，
∴DE=
AE，
设DE=x，则AE=2x，
由勾股定理得，AD=
=
x，
∵BE=BG，AB⊥CD，
∴DG=DE=x，
∴CD=x+4，
在Rt△ADC 中，AD2+CD2=AC2，即（
x）
2+（x+4）
2=272，
解得，x1=
，x2=
（舍去）
则DE=DG=
，
∴CE=CG+GD+DE=
．
【点睛】
本题考查的是圆周角定理、勾股定理、等边三角形的判定和性质，灵活运用圆周角定理是解题的关键．
50．如图，四边形
内接于
，
是
上一点，且
，连接
并延长
交
的延
长于点
，连接
．
（1）若
，
，求
的度数；
（2）若
的半径为4，且
，求
的长．
【答案】（1）50°；（2）
【分析】
（1）根据圆内接四边形的性质得到∠ADC，再根据圆周角的性质得到∠DCE，即可求出∠E；
（2）根据圆内接四边形的性质和圆周角定理得到∠ADC=60°，连接AO，CO，过点O 作OM⊥AC 交AC 于
点M，再根据垂径定理和直角三角形的性质即可求出AC．
【详解】
解：（1）∵四边形ABCD 内接于圆O，∠ABC=105°，
∴∠ADC=180°-∠ABC=75°，
∵
，∠BAC=25°，
∴∠DCE=∠BAC=25°，
∴∠E=∠ADC-∠DCE=50°；
（2）∵四边形ABCD 内接于圆O，
∴∠ABC+∠ADC=180°，
∵∠B=2∠ADC，
∴2∠ADC+∠ADC=180°，
∴∠ADC=60°，
连接AO，CO，过点O 作OM⊥AC 交AC 于点M，
∵∠ADC=60°，
∴∠AOC=120°，
∵OM⊥AC，
∴∠AOM=∠COM=
∠AOC=60°，
∵半径为4，即AO=OC=4，
∴在Rt△AOM 中，AM=
=
，
∴AC=2AM=
．
【点睛】
本题考查了圆内接四边形的性质，圆周角定理，垂径定理，熟练掌握圆周角定理，正确的作出辅助线是解
题的关键．
51．已知
是
的直径，
是
的弦，连接
．
（1）如图1，连接
，
．若
，求
及
的大小；
（2）如图2，过点C 作
的垂线，交
的延长线于点E，连接
．若
，
，求
的大小．
【答案】（1）
，
＝
；（2）
【分析】
（1）首先根据
是
的直径得到
，然后求出
，在根据同弦的圆心角是圆周角的
2 倍即可求解
；
（2）首先根据
得到
，再由
可以得到
，
，
，在
中进行计算即可达到答案．
【详解】
解：（1）∵
是
的直径，
∴
．
∵
，
∴
．
∴在
中，
．
（2）∵
，
∴
．
即
，
∵
，
∴
，
∴
，
∵
，
∴
，
∴在
中，
．
【点睛】
本题主要考查了圆的相关知识点，解题的关键在于圆心角与圆周角的关系，直径所对的圆周角的度数等等．
52．如图，⊙
是
的外接圆，且
，四边形
是平行四边形，边
与⊙
交于点
，连接
．
0
（1）求证：
；
（2）若
，求证：点
是
的中点．
【答案】（1）证明见解析，（2）证明见解析．
【分析】
(1)根据平行四边形性质可证
，根据圆的内接四边形可证
，利用等角对等边可证；
(2)利用平行四边形的性质证出
即可．
【详解】
（1）证明：∵四边形
是平行四边形，
∴
，
∵⊙
是
的外接圆，边
与⊙
交于点
，
∴
，
∵
，
∴
，
∴
，
∴
；
（2）证明：∵四边形
是平行四边形，
∴
，
∵
，
∴
，
∵
，
∴
，
∴
，
∵
，
∴
∴
，
∴
，
∴
，
∴
=
即点
是
的中点．
【点睛】
本题考查了等腰三角形的性质与判定，圆周角的性质，解题关键是准确运用等腰三角形和圆周角的性质进
行推理证明．
53．如图，在
中，
，
，
，点
为
边上的一个动点，以
为
直径的
交
于点
，过点
作
，交
于点
，连接
、
．
（1）当
时，求
的长；
（2）求证：
；
（3）是否存在点
，使得
是以
为底的等腰三角形，若存在，求出此时
的长；若不存在，
试说明理由．
【答案】（1）6；（2）见解析；（3）存在，3
【分析】
（1）由同弧所对的圆周角相等可得
，从而求得
，然后利
用等角对等边求解；
（2）由平行线的性质得出∠B=∠FCB，由圆周角定理可得出答案；
（3）由全等三角形的性质及勾股定理可得出答案．
【详解】
解：（1）∵
，
∴
∴
（2）∵
，
∴
，
∵
，
∴
，①
又
②
∵
是圆
的直径，
，
∴
③
由①②③可得
（3）
是
为底的等腰三角形，则
，则∠EFC=∠ECF．
连接
，并延长和
相交于
，
∵四边形CEDF 为圆内接四边形，
∴∠ADG=∠ECF，
又∵∠CDE=∠CFE，
∴∠ADG=∠CDE，
∵CD 为⊙O 的直径，
∴∠DFC=90°，
∵FC∥AB，
∴∠FGA=90°，
∴∠FGA=∠ACD，
∵AD=AD，
∴△AGD≌△ACD（AAS），
∴DG=CD，
在Rt△BDG 中，设CD=x，BG2+DG2=BD2，
∴42+x2=（8-x）
2，解得x=3，
即CD=3
【点睛】
本题是圆的综合题，考查了圆周角定理，全等三角形的判定与性质，等腰直角三角形的性质，勾股定理，
平行线的性质，圆内接四边形的性质，等腰三角形的判定与性质，熟练掌握等腰三角形的判定与性质是解
题的关键．
54．如图，在
中，
分别平分
和
．延长
交
的外接圆于点C，连
接
．
（1）若
，求
的度数．
（2）求证：
．
【答案】（1）80°；（2）见解析
【分析】
（1）根据角平分线的定义得到∠BAD=2∠CAD，于是得到结论；
（2）根据角平分线的定义得到∠BAC=∠DAC，∠ABE=∠DBE，求得弧BC=弧CD，得到BC=CD，求得
BC=EC=DC，于是得到结论．
【详解】
解：（1）∵AE 平分∠BAD，
∴∠BAD=2∠CAD，
∵∠CAD=∠CBD=40°，
∴∠BAD=80°；
（2）∵AE、BE 分别平分∠BAD 和∠ABD，
∴∠BAC=∠DAC，∠ABE=∠DBE，
∴弧BC=弧CD，
∴BC=CD，
∵∠CBD=∠CAD，
∴∠CBE=∠CBD+∠DBE，∠BEC=∠BAC+∠ABE，
∴∠CBE=∠BEC，
∴BC=EC，
∴BC=EC=DC．
【点睛】
本题考查了三角形的外接圆和外心，圆周角定理，等腰三角形的性质，三角形的外角的性质，正确的识别
图形是解题的关键．
55．已知：⊙O 的两条弦AB，CD 相交于点M，且AB＝CD．
（1）如图1，连接AD．求证：AM＝DM．
（2）如图2，若AB⊥CD，在弧BD 上取一点E，使弧BE＝弧BC，AE 交CD 于点F，连接AD、DE．
①判断∠E 与∠DFE 是否相等，并说明理由．
②若DE＝7，AM＋MF＝17，求△ADF 的面积．
【答案】（1）见解析；（2）①相等，见解析；②42
【分析】
（1）如图1，利用AB＝CD 得到
，则
，根据圆周角定理得到∠A＝∠D，然后根据等腰
三角形的判定得到结论；
（2）①连接AC，如图，由弧BE＝弧BC 得到∠CAB＝∠EAB，再根据等腰三角形的判定方法得到AC＝
AF，则∠ACF＝∠AFC，然后圆周角定理、对顶角和等量代换得到∠DFE＝∠E；
②由∠DFE＝∠E 得DF＝DE＝7，再利用AM＝DM 得到AM＝MF＋7，加上AM＋MF＝17，于是可求出
AM，然后根据三角形面积公式求解．
【详解】
（1）证明：如图1，
∵AB＝CD，
∴
，
即
，
∴
，
∴∠A＝∠D，
∴AM＝DM；
（2）①∠E 与∠DFE 相等．
理由如下：
连接AC，如图，
∵
，
∴∠CAB＝∠EAB，
∵AB⊥CD，
∴AC＝AF，
∴∠ACF＝∠AFC，
∵∠ACF＝∠E，∠AFC＝∠DFE，
∴∠DFE＝∠E；
②∠
∵DFE＝∠E，
∴DF＝DE＝7，
∵AM＝DM，
∴AM＝MF＋7，
∵AM＋MF＝17，
∴MF＋7＋MF＝17，解得MF＝5，
∴AM＝12，
∴
7×12＝42.
【点睛】
本题考查了圆周角定理，垂径定理，圆周角、弧、弦的关系．
56．如图，在Rt△ABC 中，∠BAC＝90°，以点A 为圆心，AC 长为半径作圆，交BC 于点D，交AB 于点
E，连接DE．
（1）若∠ABC＝20°，求∠DEA 的度数；
（2）若AC＝3，AB＝4，求CD 的长．
【答案】（1）
；（2）
【分析】
（1）连接AD，求出∠DAE，再利用等腰三角形的性质解决问题即可．
（2）如图，过点A 作AF⊥CD，垂足为F．利用面积法求出AF，再利用勾股定理求出CF，可得结论．
【详解】
解：（1）如图，连接AD．
∵∠BAC＝90°，∠ABC＝20°，
∴∠ACD＝70°．
∵AC＝AD，
∴∠ACD＝∠ADC＝70°，
∴∠CAD＝180°﹣70°﹣70°＝40°，
∴∠DAE＝90°﹣40°＝50°．
又∵AD＝AE，
∴
．
（2）如图，过点A 作AF⊥CD，垂足为F．
∵∠BAC＝90°，AC＝3，AB＝4，
∴BC＝5．
又∵
•AF•BC＝
•AC•AB，
∴
，
∴
．
∵AC＝AD，AF⊥CD，
∴
．
【点睛】
本题考查垂径定理，勾股定理，等腰三角形的性质等知识，解题的关键是熟练掌握基本知识，属于中考常
考题型．
57．小亮在学习中遇到这样一个问题：
如图，点
是弧
上一动点，线段
点
是线段
的中点，过点
作
，交
的
延长线于点
．当
为等腰三角形时，求线段
的长度．
小亮分析发现，此问题很难通过常规的推理计算彻底解决，于是尝试结合学习函数的经验研究此问题，请
将下面的探究过程补充完整：
（1）根据点
在弧
上的不同位置，画出相应的图形，测量线段
的长度，得到下表的几
组对应值．
BD/cm
0
1.0
2.0
3.0
4.0
5.0
6.0
7.0
8.0
CD/cm
8.0
7.7
7.2
6.6
5.9
a
3.9
2.1
0
FD/cm
8.0
7.4
6.9
6.5
6.1
6.0
6.2
6.7
8.0
操作中发现：
①当点
为弧
的中点时，
．则上中
的值是 ；
②线段
的长度无需测量即可得到．请简要说明理由；
（2）将线段
的长度作为自变量
和
的长度都是
的函数，分别记为
和
，并在平面直
角坐标系
中画出了函数
的图象，如图所示．请在同一坐标系中画出函数
的图象；
（3）继续在同一坐标系中画出所需的函数图象，并结合图象直接写出：当
为等腰三角形时，线段
长度的近似值．(结果保留一位小数)．
【答案】（1）①5.0；②见解析；（2）图象见解析；（3）图象见解析；3.5cm 或5.0cm 或6.3cm
【分析】
（1）①点
为弧
的中点时，△ABD≌△ACD，即可得到CD=BD；②由题意得△ACF≌△ABD，即可得到
CF=BD；
（2）根据表格数据运用描点法即可画出函数图象；
（3）画出
的图象，当
为等腰三角形时，分情况讨论，任意两边分别相等时，即任意两个函数
图象相交时的交点横坐标即为BD 的近似值．
【详解】
解：（1）①点
为弧
的中点时，由圆的性质可得：
，
∴△ABD≌△ACD，
∴CD=BD=5.0，
∴
；
②∵
，
∴
，
∵
，
∴△ACF≌△ABD，
∴CF=BD，
∴线段CF 的长度无需测量即可得到；
（2）函数
的图象如图所示：
（3）由（1）知CF=BD=
画出
的图象，如上图所示，当
为等腰三角形时，
①
，BD 为
与
函数图象的交点横坐标，即BD=5.0cm；
②
，BD 为
与
函数图象的交点横坐标，即BD=6.3cm；
③
，BD 为
与
函数图象的交点横坐标，即BD=3.5cm；
综上：当
为等腰三角形时，线段BD 长度的近似值为3.5cm 或5.0cm 或6.3cm．
【点睛】
本题考查一次函数结合几何的应用，学会用描点法画出函数图象，熟练掌握一次函数的性质以及三角形全
等的判定及性质是解题的关键．
58．已知：
内接于
，
，
于点
，连接
．
（1）如图，求证：
；
（2）如图，延长
交
于点
，连接
，若
，求证：
；
（3）如图，在（2）的条件下，若
，
，求线段
的长．
【答案】（1）见解析；（2）见解析；（3）
．
【分析】
（1）如图，连接OC，根据等腰三角形的性质可得
，根据
可得
，根据圆周角定理可得
，根据等腰三角形的性质可得
，根据三角形内角和可得
，即可得结论；
（2）如图，连接
，过点
作
于点
，根据垂径定理可得
，根据圆周角
定理可得
，利用角的和差关系可得
，根据等腰三角形的性质可得
，根据圆周角定理可得
，利用AAS 可证明
，根据全等三角形的性质可得
，进而可得结论；
（3）延长
交
于点
，过点
作
于点
，
交
于点
，连接
，设
，根据圆周角定理及等腰三角形的性质可得
，即可得出
，利用SAS 可证明
，根据全等三角形的性质可得
，
，
，进而可得
，可得
，根
据三角形内角和可得
，即可得出
，根据等腰三角形的
性质可得
，设
，则
，
，利用ASA 可证明
，可得
，根据直角三角形两锐角互余的关系可得
，利用ASA 可证明
，可得
，利用勾
股定理列方程求出m 的值即可得答案．
【详解】
（1）连接
，
∵
，
∴
，
∵
，
∴
，
∴
，
∵∠BAC 和∠BOC 分别是
所对的圆周角和圆心角，
∴
，
∵
，
∴
，
∵
，
∴
，
∴
，
∴
．
（2）连接
，过点
作
于点
，
∵
，
∴
，
∵∠EBC 和∠EAC 是
所对的圆周角，
∴
，
∵
，
∴
=
，
∴
，
∵
，
，
∴
，
∵
，
∴
，
∵
，
，
∴
，
在△BOK 和△OBH 中，
，
∴
，
∴
，
∴
．
（3）延长CO 交
于点
，过点
作
于点
，
交
于点
，连接
．设
，
∴
，
∴
，
∵∠OBC=∠OCB=
，
∴
，
在△BCM 和△ACM 中，
，
∴
，
∴
，
，
，
∴
，
∴
，
∵
，
∴
，
在
中，
，∠EGB=90°-∠OBC=90°-
，
∴
，
∴
，
∴
，
∵
，
∴
，
设
，则
，
在
和
中
，
∴
，
∴
，
∵
，
∴
，
∴
，
∴
，
在△GBD 和△MDN 中，
，
∴
，
∴
，
在
中，
，
在
中，
，
∴
，
解得：
舍去，
，
∴
．
【点睛】
本题考查圆周角定理、垂径定理、全等三角形的判定与性质、等腰三角形的性质及勾股定理，正确作出辅
助线，构建全等三角形并熟练掌握相关性质及判定定理是解题关键．
59．问题提出
（1）如图①，在
中，
，
于点
，若
，求
的最大值；
问题探究
（2）如图②，在四边形
中，
．连接
，求
面
积的最大值．
问题解决
（3）如图③，某市效区点
外有一棵古树，点
外是某市古树名木保护研究中心，且
，为加
强对该古树的检测和保护，拟在距古树
处设置三个观测点
，以形成保护区域四边形
．
则是否存在一个满足以上要求的面积最大的四边形
？若存在，求出满足条件的四边形
的最
大面积；若不存在，请说明理由．（研究中心及各观测点的占地面积忽略不计）
【答案】问题提出：（1）AH 的最大值为2．问题探究：（2）△BCD 的面积的最大值＝
×12×（6
）＝36
+54．问题解决：（3）存在．图形见详解，最大面积＝129（km2）．
【分析】
（1）根据如图1 中，取BC 的中点T，连接AT．利用斜边中线的性质求出AT，求出AD 的最大值即可；
（2）根据如图2 中，以BC 为边向上作等边△OBC，连接OD，过点O 作OM⊥BC 于M．证明
△BAC≌△ODC（SAS），推出OD＝AB＝9，推出点D 的运动轨迹是以O 为圆心，OD 为半径的圆，点D 到
BC 的距离的最大值为OM+OD＝6
+9，由此即可解决问题；
（3）以点O 为圆心，以3km 为半径画圆，过O 作OA 的垂线交圆于BD，延长AO 交圆于C，当
∠AOB=90°时，S 四边形BCDA最大，再利用面积公式计算即可．
【详解】
解：问题提出：
（1）如图1 中，取BC 的中点T，连接AT．
∵∠CAB＝90°，BC＝4，CT＝BT，
∴AT＝
BC＝2，
∵AD⊥AB，
∴AD≤AT，
∴AD≤2，
∴AD 的最大值为2．
问题探究：
（2）如图2 中，以BC 为边向上作等边△OBC，连接OD，过点O 作OM⊥BC 于M．
∵△OBC 是等边三角形，OM⊥BC，BC＝OC＝12，
∴CM＝BM＝6，OM＝
＝6
∵CD＝AD，∠ADC＝60°，
∴△CDA 是等边三角形，
∴AC＝AD，∠ACD＝60°，
∵∠BCA=∠BCO-∠ACO=∠ACD-∠ACO=∠OCD
在△BAC 和△ODC，
，
∴△BAC≌△ODC（SAS），
∴AB＝DO＝9，
∴点D 的运动轨迹是以O 为圆心，OD 为半径的圆，点D 到BC 的距离的最大值为OM+OD＝6
+9，
∴△BCD 的面积的最大值＝
×12×（6
）＝36
+54．
问题解决：
（3）存在．
以点O 为圆心，以3km 为半径画圆，过O 作OA 的垂线交圆于BD，延长AO 交圆于C，
∵S△ABD=
，S△BCD=
，∠AOB=∠COD
∴S 四边形BCDA= S△ABD+ S△BCD
=
+
=
=
∵
当∠AOB=90°时，S 四边形BCDA最大
如图3，
此时四边形ABCD 的面积最大，最大面积＝
×（40+3）×6＝129（km2）．
【点睛】
本题属于四边形综合题，考查四边形的面积，等边三角形的判定和性质，全等三角形的判定和性质等知识，
解题的关键是理解题意，学会添加常用辅助线，构造全等三角形解决问题．
60．（1）如图1，在△ABC 的外部，分别以AC，BC 为边，作等边三角形△ACE 和等边三角形△BCD，连
接AD，BE，相交于点F．
①求证：△ACD≌△ECB；
②求∠AFB 的度数；
（2）如图2，在
中，
，在
的外部以BC 为边，作等边三角形△BCD，连接
AD，当AB＝8，请直接写出AD 长的最大值为 ；
（3）如图3，在△ABC 中，当AB＝8，AC＝3BC 时，请直接写出
面积的最大值为 ．
【答案】（1）①见详解；②120°；（2）4＋4
；（3）12
【分析】
（1）①根据等边三角形的性质得出AC＝CE，CD＝BC，∠ACE＝∠BCD＝60°，进而得出∠ACD＝
∠ECB，即可得出结论；
②先判断出∠AEC＝∠EAC＝60°，由①知，△ACD≌△ECB，得出∠CAD＝∠CEB，即可得出结论；
（2）过点D 作DG⊥AC 交AC 的延长线于G，判断出∠DCG＝30°，设DG＝x，则BC＝2x，CG＝
x，
设AC＝2y，得出AG＝2y＋
x，根据勾股定理得出AD2＝4x2＋4y2＋4
xy，而4x2＋4y2＝64，进而得出
AD2＝64＋4
xy，设点C 到AB 的距离为h，利用三角形的面积得出xy＝2h，进而得出AD2＝64＋8
h，再求出h 的最大值，即可得出结论；
（3）过点C 作CH⊥BC 于H，得出S△ABC＝4CH，设BH＝a，则AH＝8−a，设BC＝b，则AC＝3b，根据勾
股定理得出a＝4−
b2，即CH2=−
（b2−10）
2＋9，，即可得出结论．
【详解】
解：（1）①∵△ACE 和△BCD 都是等边三角形，
∴AC＝CE，CD＝BC，∠ACE＝∠BCD＝60°，
∴∠ACE＋∠ACB＝∠BCD＋∠ACB，
∴∠ACD＝∠ECB，
在△ACD 和△ECB 中，
，
∴△ACD≌△ECB（SAS）；
②△
∵
ACE 是等边三角形，
∴∠AEC＝∠EAC＝60°，
由①知，△ACD≌△ECB，
∴∠CAD＝∠CEB，
∴∠AFB＝∠AEF＋∠EAF＝∠AEF＋∠CAD＋∠EAC＝∠AEF＋∠CEB＋∠EAC＝∠AEC＋∠EAC＝120°；
（2）如图2，过点D 作DG⊥AC 交AC 的延长线于G，
∵△BCD 时等边三角形，
∴BC＝CD，∠BCD＝60°，
∵∠ACB＝90°，
∴∠DCG＝180°−∠BCD−∠ACB＝30°，
设DG＝x，则BC＝CD=2x，CG＝
x，
设AC＝2y，
∴AG＝AC＋CG＝2y＋
x，
在Rt△ADG 中，AD2＝AG2＋DG2＝（2y＋
x）
2＋x2＝4x2＋4y2＋4
xy，
在Rt△ABC 中，AB＝8，
根据勾股定理得出，BC2＋AC2＝64，
∴4x2＋4y2＝64，
∴AD2＝64＋4
xy，
设点C 到AB 的距离为h，
∴S△ABC=
AB•h＝
BC•AC，
∴8h＝2x•2y，
∴xy＝2h，
∴AD2＝64＋8
h，
∴要AD 最大，则h 最大，
∵∠ACB＝90°，
∴点C 是以AB 为直径的圆上，
∴h 最大为
AB＝4，
∴AD2最大＝64＋8
×4＝（4＋4
）
2，
∴AD 最大＝4＋4
，
故答案为4＋4
；
（3）如图3，过点C 作CH⊥BC 于H，
∵AB＝8，
∴S△ABC＝
AB•CH＝4CH，
要△ABC 的面积最大，则CH 最大，
设BH＝a，则AH＝8−a，
设BC＝b，则AC＝3b，
在Rt△BCH 中，CH2＝BC2−BH2＝b2−a2，
在Rt△ACH 中，CH2＝AC2−AH2＝9b2−（8−a）
2，
∴b2−a2＝9b2−（8−a）
2，
∴a＝4−
b2，
∴CH2＝b2−a2＝b2−（4−
b2）
2＝−
b4＋5b2−16＝−
（b2−10）
2＋9，
∵BC＝b，AC＝3b，AB＝8，
∴2＜b＜4，
∴4＜b2＜16，
∴当b=
时，CH2最大＝9，
∴CH 最大＝3，
∴S△ABC 最大＝4CH 最大＝4×3＝12，
故答案为12．
【点睛】
本题主要考查三角形与圆的综合，也考查了二次函数的性质，掌握全等三角形的判定和性质，等边三角形
的性质，构造出直角三角形是解本题的关键．
